2019年山东省泰安市中考物理最后一模试卷
一、单选题（本大题共15小题，共30.0分）
1. 如图是小明在玩过山车的情景。下列对此过程中小明的状况叙述正确的是（ ） 2.
A. 小明在车里或上或下感觉极不舒服，是因为质量不断改变
所以小明相对于地面运动状态没有发生变B. 小明一直坐在车里面，化
但是他受到重力的方向始终竖直向C. 小明时而头朝天时而头朝地，下
D. 因为重力和支持力是一对平衡力，所以小明始终处于平衡状态
3. 为使教室内的学生免受噪声干扰，下列措施中合理有效的是（ ）
A. 给老师配备扩音设备 B. 给学生配备防噪声的耳罩 C. 给教室内安装监控摄像 D. 保持教室周边环境的安静 4. 下列选项中，能用光的直线传播知识解释的现象是（ ）
A. 水中倒影 B. 雨后彩虹 C. 海市蜃楼 D. 手影游戏 5. 关于物体内能，下列说法正确的是（ ）
A. 同一物体温度降低，它的内能一定减少 B. 任何两个物体间，都会发生热传递 C. 温度为 的物体没有内能
D. 相同质量、相同温度的物体，它们的内能一定相同 6. 下列做法不符合安全用电的是（ ）
A. 在建楼房里安装漏电保护器
B. 组装家庭电路时将开关接在零线上 C. 洗衣机的金属外壳与地线相连 D. 使用测电笔时手指接触金属笔尾
7. 如图所示的四种现象中，属于升华的是（ ）
A. 雪人没有融化却变小了
B. 冬天，窗上结有冰花
C. 烧开的水，水壶嘴冒白气
D. 晒衣服
8. 如图所示电路，当开关S闭合后，L1、L2均能发光，电
流表、电压表均有示数。过一会儿，灯都不发光，电流表、电压表的示数均为零，可能发生的故障是（ ） A. 灯丝断了 B. 短路
C. 灯丝断了 D. 短路 9. 生间安装了换气扇和照明灯，有时需要换气扇独立工作，有时需要照明灯独立工作，有
时需要二者同时工作。如图所示的电路中，符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
10. 2012年4月30日4时50分。我国西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，成功发射了两颗北斗导航卫星，关于火箭和导航卫星的说法，下列选项中正确的是（ ） A. 火箭升空过程中，燃料燃烧释放的内能全部转化成火箭的机械能 B. 火箭加速上升时只受到重力的作用
C. 导航卫星随火箭升空过程中，相对于火箭是运动的 D. 导航卫星和地面的联系是利用电磁被传递信息
11. 如图所示，下列有关电与磁实验的装置中，属于电动机原理的是（ ）
A. B.
C. D.
12. 在实验事实的基础上，通过科学想象和推理得出的物理规律是（ ）
A. 欧姆定律 B. 光的反射定律 C. 阿基米德原理 D. 牛顿第一定律
13. 在日常生产和生活中，有时需要增大压强，有时需要减小压强，如图所示的事例中，属
于增大压强的是（ ）
A. 书包带较宽 B. 菜刀刀刃很薄
C. 铁轨上铺枕木 D. 穿滑雪板滑雪
14. 小亮同学在探究“凸透镜成像规律”实验时，在光屏上得到清晰的与烛焰等大的像（如图
所示），保持凸透镜位置不变，为了在光屏上得到清晰的放大的实像，他必须（ ）
A. 让蜡烛远离透镜，同时让光屏也远离透镜
B. 让蜡烛远离透镜，同时让光屏靠近透镜 C. 让蜡烛靠近透镜，同时让光屏也靠近透镜 D. 让蜡烛靠近透镜，同时让光屏远离透镜
15. 如图所示，有一斜面长为L，高为h，现用力F沿斜面把物重
为G的物体从底端匀速拉到顶端。已知物体受到斜面的摩擦力为f，则下列关于斜面机械效率η的表达式正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
16. 如图所示，电源电压不变，灯泡L标有“6V3W”（不考虑温度对灯泡电阻的影响），当开关S闭合。S1、S2断开，滑片P从b端滑到某一位置时，变阻器的电阻减小6Ω，电流表的示数变化0.1A，灯泡恰好正常发光；保持滑片P位置不变，S2，闭合S1、电流表的示数又变化了1.5A．则当S1、S2都闭合时，调节滑片P，电路消耗的最小功率为（ ） A. 2W B. 10W C. 15W
D. 20W
二、填空题（本大题共4小题，共16.0分）
17. 用丝绸摩擦过的玻璃棒会带______电，用它去靠近一个不带电的轻质小球，小球会被
______。
18. 在湖边散步的小明惊奇的发现一只小鸟在水中飞翔，他所看到的是空中小鸟的______
（填“实”或“虚”像）．当小鸟向高处飞行时，水中的“小鸟”将______（填“靠近”或“远离”）水面。
19. 电热水器将50kg水从30℃加热到50℃，水吸收的热量为______J．[水的比热容为
4.2×103J/（kg•℃）]。
20. 如图甲所示，小林用水平推力F把木块向前推动，此过程中，推力F和木块前进的速
度v的大小随时间t的变化情况分别如图乙、丙所示。则：物体在0～1s内摩擦力大小为______N；1～3s内摩擦力大小为______N； 5～6s内摩擦力大小为______N。 21.
三、计算题（本大题共2小题，共27.0分）
22. 小明用阿基米德原理测某物体密度的操作过程如图所示，他
用细绳将物体悬挂在弹簧测力计的挂钩上，然后把物体浸没在盛满水的溢水标中，此时弹簧测力计示数为F=0.3N，接着再分别用弹簧测力计测出小桶与排开水的总重为G1=0.5N和空小桶的重为G2=0.2N。
23. 求：（1）物体浸没水中所受的浮力。 24. （2）物体的重力。 25. （3）物体的密度。 26. 27. 28. 29. 30. 31. 32.
R是滑动变阻器，R0是标有“8V8W”的字样的电器33. 如图甲所示电路，（不考虑阻值变化），
通过小灯泡L的电流随其两端电压变化的图象如图乙所示。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P滑到最左端时，R0恰好正常工作。 34. （1）求电源电压；
35. （2）滑动变阻器的滑片P在某一位置时，电压表的示数如图丙所示，求此时R接入电
路的阻值。 36.
四、作图题（本大题共2小题，共6.0分）
37. （1）如图甲所示，一个凸透镜的主光轴与平列水面重合，F为凸透镜的焦点。请画出图中光线在凸透镜左侧的入射光线以及图中光线进入水中的折射光线。 38. （2）在图乙中用平面镜成像特点作出物体AB的像。
39. 如图所示玩具车沿斜面向上运动，请作出小车所受重力和摩擦力的示意图。 40. 41. 42.
五、实验探究题（本大题共2小题，共21.0分）
43. 如图所示是“测量动滑轮的机械效率”的实验，所用的钩码每个重1N，则： 44. （1）实验时应______向上拉动弹簧测力计。
45. （2）若在上升中弹簧测力计的示数是1.2N，钩码上升的距离是0.2m，那么拉
力移动的距离是______m，所做的有用功是______J，此滑轮组的机械效率是______。
46. （3）写出一条提高动滑轮机械效率的措施：______。
47. 小明想利用一块电流表和阻值已知的电阻R0测量未知电阻RX的阻值。小明选择了满足
这个实验要求的实验器材，并连接了部分实验电路，并设计了如下实验步骤，如图。 48. （1）为了测出电阻RX的阻值，请你只添加两根导线完成如图的实验电路的连接。 49. （2）实验步骤：A．按照设计的电路图连接电路； 50. B．只闭合开关S1，读出电流表的示数记录为I1；
51. C．______。表达式：RX=______（用已知物理量和测量出的物理量的符号表示）
答案和解析
1.【答案】C
【解析】
解：A、因为质量不随物体的形状、状态或位置的改变而改变，故A错误； B、因为小明在做圆周运动，所以小明的方向时刻都在改变，故B错误； C、因为重力的方向始终向下，所以运动的过程中，重力的方向始终是不变的，故C正确；
D、因为小明的运动状态不是静止状态或匀速直线运动状态，所以小明受到的力不是平衡力，故D错误。 故选：C。
（1）根据质量的特性进行分析，即质量不随物体的形状、状态和位置的改变而改变；
（2）根据圆周运动的方向进行分析，即做圆周运动的物体方向时刻在改变； （3）根据重力的方向进行分析，即重力的方向总是竖直向下的；
（4）根据平衡状态进行分析，即只有当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受到平衡力作用。
知道重力的方向总是竖直向下，知道质量不随物体的状态、形状和位置的改变而改变，知道平衡状态受到平衡力作用。 2.【答案】D
【解析】
解：A、给老师配备扩音设备，可使老师的讲课声音增大，但不能起到减弱周围噪声的作用，不合题意；
B、学生戴耳罩虽然可以在接收处减弱噪声，但老师讲课声音也听不见，不是合理的办法，不合题意；
C、给教室内安装监控摄像对噪声没有影响，不合题意；
D、保持教室周边环境的安静可在声源处有效减弱噪声，符合题意。 故选：D。
减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声、阻断噪声的传播、在人耳处减弱噪声，分析各个选项是否可以有效合理的减弱噪声。
本题考查学生对生活中防治噪声的具体做法的理解情况，是中考的常考题型。 3.【答案】D
【解析】
解：
A、水中倒影，是岸上物体在水面成的像，属于光的反射现象，不符合题意； B、雨后彩虹，是光的色散现象，是由光的折射形成的，不符合题意；
C、海市蜃楼是一种光学幻景，是地球上物体反射的光经大气折射而形成的虚像。 因海面上暖空气与高空中冷空气之间的密度不同，对光线折射而产生的，不能用光的直线传播知识解释，不符合题意； D、手影是光沿直线传播形成的，符合题意。 故选：D。
（1）在日常生活中，激光准直、日月食、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象； （3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象。 一般来说：见到影子、日月食、小孔成像就联系到光的直线传播原理；见到镜子、倒影、潜望镜就联系到光的反射原理；见到水中的物体，隔着玻璃或透镜看物体就联系到光的折射原理。 4.【答案】A
【解析】
解：A、同一物体温度降低，它的内能一定减少，该选项说法正确；
B、只有温度不同的两个物体之间才会发生热传递，故该选项说法不正确； C、任何温度的物体都具有内能，该选项说法不正确；
D、相同质量温度相同的物体，处于不同的状态时，其内能可能不同，例如一定质量的冰熔化成水的过程，尽管温度不变，但是这个过程需要吸热，因此水的内能比冰的内能大，故该选项说法不正确。 故选：A。
（1）内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，内能与物体的温度和质量有关；
（2）任何物体在任何温度都具有内能，在热传递过程中，高温的物体放出热量，内能减小；低温物体吸收热量，内能增加。
本题考查了学生对温度、内能、热量的关系以及热传递的理解，把握住两点： （1）物体的温度改变，其内能一定改变，物体的温度不变，内能可能改变，例如晶体的熔化和凝固以及液体的沸腾。
（2）物体的内能改变，温度可能改变，例如晶体的熔化和凝固以及液体的沸腾。 5.【答案】B
【解析】
解：A、在新建楼房里安装漏电保护器，可防止家庭电路发生漏电事故，此选项符合安全用电原则；
B、组装家庭电路时应将开关接在火线上，防止维修或更换电器时发生触电事故，此选项不符合安全用电原则；
C、洗衣机的金属外壳与地线相连，防止金属外壳漏电，发生触电事故，此选项符合安全用电原则；
D、使用试电笔时手指要接触金属笔尾，笔尖接触电线，可辨别火线与零线，此选
项符合安全用电原则； 故选：B。
（1）为了防止漏电，家庭电路中要安装保险丝或漏电保护器； （2）控制电路的开关要接在用电器与火线之间；
（3）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；
（4）正确使用测电笔时，手要接触笔尾金属体。
家庭电路中，正确使用各种元件，更要保证使用的安全性，了解安全用电常识是解答此题的关键。 6.【答案】A
【解析】
解：A、雪人没有融化却变小了，由固态直接变成了气态，属于升华现象； B、冬天，窗上结有冰花，是室内温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃凝结成的小冰晶，属于凝华现象；
C、烧开的水，水壶嘴冒白气，是壶嘴喷出的温度较高的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象；
D、晒衣服，衣服上的水变成了水蒸气，属于汽化现象。 故选：A。
物质由固态直接变为气态的过程是升华，分析各选项的物质状态变化，找出符合要求的选项。
掌握六种物态变化，并能用物态变化解释生活中有关的问题，物态变化知识是中考物理必考的知识点，需要掌握。 7.【答案】C
【解析】
解：
A、如果灯泡L1灯丝断了，则电路中无电流，电流表示数为0，电压表串联接入电路中，测量的是电源电压，示数增大，故A错误；
B、如果灯泡L1短路，电压表相当于与导线并联，示数减小为零，由于只有灯泡L2正常连入电路，则电流表示数增大，故B错误；
C、如果灯泡L2灯丝断了，整个电路断路，电流表、电压表示数都为零。故C正确； D、如果灯泡L2短路，电压表测量电源电压示数增大；由于只有灯泡L1正常连入电路，则电流表示数示数增大。故D错误。 故选：C。
闭合开关，灯泡都能发光，电流表、电压表有示数，说明电路正常。电压表示数增大，原因有两个：与之并联的导体断路，与之串联的导体短路。
使用电压表判断电路故障的作法是：将电压表与导体并联，如果电压表有示数且较大，说明并联的导体断路；如果无示数，说明其它导体断路或并联的导体短路。 8.【答案】B
【解析】
解：
由题可知，换气扇和照明灯可以单独工作，也可以同时工作，所以换气扇和照明灯并联并且都有单独开关控制。 故选：B。
串联电路特点：在串联电路中，电流只有一条路径，各用电器之间相互影响； 并联电路的特点：在并联电路中，电流两条或两条以上路径，各支路间互不影响，即：某一支路断开，但另一支路仍会与干路构成通路。由此根据题意分析即可。 本题考查并联电路的应用及特点，要结合串联和并联特点进行分析。 9.【答案】D
【解析】
解：A、燃料燃烧的化学能只有一部分转化成火箭的机械能，还有一部分被损失了。
不合题意。
B、火箭加速上升，受力不平衡，火箭受的向上的推力大于向下的重力，合力向上，火箭加速上升。不合题意。
C、因火箭与卫星同步，所以以火箭为参照物，卫星与地球之间的相对位置没有发生变化，则卫星是静止的；不合题意。
D、太空中的信息是通过无线电波把信息传递到地面指挥中心。所以卫星工作时靠无线电波向地面传递信息的。符合题意。 故选：D。
（1）燃料燃烧释放的内能部分转化成火箭的机械能，一部分散失了。 （2）火箭加速运动时，不受平衡力，受到重力，摩擦力还有推力作用。
（3）判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的。 （4）卫星在太空中是通过无线电波传递信号的。
此题考查了热机工作时的能量转化、加速运动的物体所受的力、运动和静止的相对性，电磁波的应用，涉及的知识点较多，需要认真分析，认真解答。 10.【答案】B
【解析】
解：A、这是奥斯特实验装置，说明通电导线周围存在磁场，不属于电动机的原理，故A错误；
B、此实验探究的是通电导体在磁场中受力运动的现象，属于电动机的原理，故B正确；
C、实验中若开关闭合，导体ab做切割磁感线运动时，电路中能够产生感应电流，是电磁感应实验，不属于电动机的原理，故C错误；
D、实验中若线圈abcd转动，会做切割磁感线而产生感应电流，是发电机原理图，
不属于电动机原理，故D错误。 故选：B。
电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的；电动机工作时是将电能转化为机械能；弄清四个选项所研究的是哪些实验或现象，再进行判断。 电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是区分电动机和发电机的关键。 11.【答案】D
【解析】
解：
A、欧姆定律可以运用实验直接验证。此选项不符合题意； B、光的反射定律可以直接通过实验验证。此选项不符合题意。 C、阿基米德原理可以直接通过实验验证。此选项不符合题意；
D、牛顿第一定律的建立是在科学实验的基础上，通过对实验数据的分析，并进一步通过推理得出的（实际上不受力的物体根本不存在），所以该实验主要是利用了实验推理法形成了牛顿第一定律。此选项符合题意。 故选：D。
有不少实验由于条件限制难以实现，在大量可靠实验基础上经过概括、抽象、推理得出规律的一种研究问题的方法，但得出的某些规律却又不能用实验直接验证，这种研究方法叫实验推理法，又称理想实验法。
理想实验法是在观察实验的基础上，忽略次要因素，进行合理的推想，得出结论，达到认识事物本质的目的。它既要以实验事实作基础，但又不能直接由实验得到结论。 12.【答案】B
【解析】
解：A、书包带子做的宽一些，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小
压强，不符合题意；
B、切菜刀磨得锋利，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，符合题意；
C、轨道铺在枕木上，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，不符合题意；
D、滑雪时穿上滑雪板，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，不符合题意。 故选：B。
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强。在受力面积一定时，减小压力来减小压强；
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强。在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。解答时，要注意使用控制变量法。 13.【答案】D
【解析】
解：根据题意，当在光屏上得到清晰的与烛焰等大的像（如图），说明此时满足u=2f；
所以要在光屏上成放大、清晰的像，则2f＞u＞f，物距要减小，像距增大，则应将蜡烛靠近凸透镜方向移动，同时让光屏远离透镜。 故选：D。
解答此题首先要明确凸透镜成像的规律：u=2f，成倒立等大的实像；2f＞u＞f，成倒立放大的实像，然后再根据凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大即
可解答此题。
（1）根据物距和像距的关系判断凸透镜成像情况也是比较常用的一种方法。 （2）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大，在凸透镜成像习题中经常考查。 14.【答案】D
【解析】
解：
∵斜面的高为h，物体的重力为G， ∴有用功为：W有用=Gh， 又∵斜面长为L，拉力为F， ∴总功为：W总=FL， 则机械效率为：η=
=
，
而物体与斜面的摩擦力为f， ∴额外功为：W额外=fL，
则总功为：W总=W有用+W额外=Gh+fL， 故机械效率为：η=
×100%=
×100%，故D正确；
A选项中，是有用功与额外功的比值，不是机械效率，故A错； B选项中，是有用功与有用功的比值，不是机械效率，故B错；
C选项中，是有用功与（总功加上额外功）的比值，不是机械效率，故C错。 故选：D。
斜面是用来提高物体位置的，有用功等于物体重力和斜面高度的乘积，即W=Gh；总功等于物体沿斜面向上的拉力和斜面长的乘积，即W
有用
总=FS；机械效率就
是有用功和总功的比值。使用斜面时，所做的额外功就是克服物体与斜面摩擦力做的功，总功等于有用功和额外功之和，据此进行分析和判断即可。
此题考查有关斜面机械效率的计算，容易出错的是摩擦力的计算，我们要知道使用斜面时克服摩擦力做的功就是额外功，关键在于明确总功应等于有用功与额外功之和。 15.【答案】D
【解析】
解：开关S闭合：
当S1、S2断开，滑片P在b端时，等效电路图如图1所示； 滑片滑到某一位置时，等效电路图如图2所示；
保持滑片P位置不变，闭合S1、S2，等效电路图如图3所示。
（1）图2中：
∵串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光， ∴根据P=UI可得，电路中的电流： I2=IL=
=
=0.5A，
（2）∴图1中的电流I1=I2-0.1A=0.5A-0.1A=0.4A， 图3中电流表的示数I3=I2+1.5A=0.5A+1.5A=2A， 根据欧姆定律可得，灯泡的电阻： RL=
=
=12Ω，
∵电源的电压不变，
（12Ω+Rab）=0.5A×（12Ω+Rab-6Ω） ∴U=I1（RL+Rab）=I（RL+Rab-6Ω），即0.4A×
解得：Rab=18Ω，
电源的电压U=0.4A×（12Ω+Rab）=0.4A×（12Ω+18Ω）=12V； 图3中：
∵并联电路中各支路两端的电压相等， ∴通过滑动变阻器的电流： I滑=
=
=1A，
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和， ∴通过R0的电流： I0=I3-I滑=2A-1A=1A， R0=
=
=12Ω，
当三个开关S、S1、S2都闭合且滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路消耗的电功率最小，
电路消耗总功率的最小值： Pmin=
+
=
+
=20W。
故选：D。
先画出出三种情况的等效电路图：
（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流；
（2）根据欧姆定律可知图1电阻大于图2中的电阻时图1的电流为图2电流减去0.1A，根据电阻越并越小可知图3中的电阻最小，电流表的示数为图2电流加1.5A，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出图1、图2的电源，利用电源的电压不变建立等式求出滑动变阻器的最大阻值，进一
步求出电源的电压；根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出图3中通过滑动变阻器的电流，利用并联电路的电流特点求出通过R0的电流，利用欧姆定律求出R0的阻值；当三个开关S、S1、S2都闭合且滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路消耗的电功率最小，利用并联电路的电压特点和P=电功率，两者之和即为电路消耗总功率的最小值。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是画出等效电路图和弄清各量之间的关系。 16.【答案】正 吸引
【解析】
求出R与R0消耗的
解：丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，带正电的玻璃板会吸引不带电的轻质小球。 故答案为：正；吸引。
丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；带电体有吸引轻小物体的性质。
本题考查了摩擦起电、带电体的性质，属于基础知识。 17.【答案】虚 远离
【解析】
解：水面相当于平面镜，因为平面镜所成的像是正立、等大的虚像，所以他所看到的是空中小鸟的虚像；
物体和像关于平面镜对称，物体动，像随之动，所以当小鸟向高处飞行时，水中的“小鸟”将远离水面。 故答案为：虚；远离。
根据平面镜成像的特点可知，平面镜所成的像是虚像，物体和像关于平面镜对称。
解答此题的关键是熟练掌握平面镜所成的像是虚像，物体和像关于平面镜对称的特点。此题难度不大，属于基础题。
18.【答案】4.2×106
【解析】
解：水吸收的热量：
Q=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg• ）×50kg×106J。 （50 -30 ）=4.2×106。 故答案为：4.2×
根据Q=cm（t-t0）求出水吸收的热量。
此题主要考查的是学生对热量计算公式的理解和掌握，基础性题目。 19.【答案】100 200 200
【解析】
解：
（1）从v-t图象可知，0～1s内物体的速度大小为0，即木块处于静止状态，由F-t图象可知此时推力F1=100N，由二力平衡条件可知，此时摩擦力的大小：f1=F1=100N；
（2）从v-t图象可知，3～5s内物体做匀速直线运动，由F-t图象读出此时推力F3=200N，
由二力平衡条件可知，滑动摩擦力的大小：f3=F3=200N；
物体在1～3s做加速直线运动，5～6s做减速运动，因为压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，所以1～3s和5～6s时物体受到的摩擦力大小：f2=f4=f3=200N。 故答案为：100；200；200。
（1）从速度与时间图象中分析0～1s内物体的速度大小，由推力与时间图象读出此时推力大小，由二力平衡得到摩擦力大小； 即可得出当t=2s末物体所处的状态；
（2）先从速度与时间图象中3-5s得出物体匀速直线运动。然后对应的从F-t图象中得出物体所受的推力，由二力平衡得到此时木块受到的摩擦力；
根据摩擦力的影响因素判断出1～3s和5～6s时物体受到的摩擦力大小。 本题从两个图象分析运动状态、速度大小、推力大小、滑动摩擦力大小等，已知条件都包含在图象中，要求能正确理解图象，综合性很强，有一定的难度。 20.【答案】解：（1）物块排开水的重：
G排=G1-G2=0.5N-0.2N=0.3N，
由阿基米德原理可得，物体浸没水中所受的浮力： F浮=G排=0.3N；
（2）由F浮=G-F′可得，物体的重力： G=F浮+F′=0.3N+0.3N=0.6N；
（3）因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等， 所以，由F浮=ρgV排可得，物块的体积： V=V排=
浮
水
，
由G=mg可得，物块的质量：m= ， 则物块的密度： ρ= =
浮 水
= ρ水= ×1.0×103kg/m3=2×103kg/m3。
浮
答：（1）物体浸没水中所受的浮力为0.3N；
（2）物体的重力为0.6N；
103kg/m3。 （3）物体的密度为2×
【解析】
（1）知道小桶与排开水的总重减去空小桶的重即为排开水的重，根据阿基米德原理求出物块浸没时受到的浮力；
（2）知道物块浸没时弹簧测力计的示数和受到的浮力，根据称重法求出物体的重力；
（3）根据阿基米德原理求出排开水的体积即为物块的体积，根据ρ=出物块的密度。
本题考查了阿基米德原理和称重法求出浮力、密度公式、重力公式的应用，关键是知道物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。
21.【答案】解：由电路图可知，定值电阻R0与灯泡L、滑动变阻器R串联，电压表测R0
两端的电压。
和G=mg求
（1）滑动变阻器的滑片P滑到最左端时，接入电路中的电阻为零， 因串联电路中各处的电流相等，且R0恰好正常工作， 所以，由P=UI可得，电路中的电流： IL=I0= = =1A，
由图象乙，此时灯泡两端电压UL=8V， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压： U=UL+U0=8V+8V=16V； （2）由I= 可得，R0的阻值： R0= ==8Ω，
由图丙可知，电压表的量程为0～15V量程，分度值为0.5V，R0两端的电压U0′=4V， 此时电路中电流： I= ==0.5A，
由乙图象可知，此时灯泡电压UL′=2V， R两端电压：
UR=U-UL′-U0′=16V-2V-4V=10V， 此时R接入电路中的阻值： R= = =20Ω。
答：（1）电源电压为16V；
（2）滑动变阻器的滑片P在某一位置时，R接入电路中的阻值为20Ω。 【解析】
由电路图可知，定值电阻R0与灯泡L、滑动变阻器R串联，电压表测R0两端的电压。
（1）滑动变阻器的滑片P滑到最左端时，接入电路中的电阻为零，R0恰好正常工作时其两端的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据图乙读出灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（2）根据欧姆定律求出R0的阻值，根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，利用图乙读出L两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据欧姆定律求出此时R接
入电路的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
22.【答案】解：（1）平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，由此
可以确定该条折射光线对应的入射光线。故画图如下
过入射点垂直界面作出法线，根据折射角小于入射角，在水中法线的另一侧作出折射光线，如图所示：
（2）先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′，即为物AB在平面镜中所成的像，如图所示：
【解析】
（1）根据折射光线的特点，可以画出对应的入射光线。
折射与入射的关系：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角。
（2）平面镜成像的特点是：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等，左右相反；先作出端点A、B的像点，连接连接两个像点即为物体AB的像。 关于凸透镜，有三条特殊的入射光线：①平行于主光轴；②过焦点；③过光心的。每条特殊的入射光线对应的折射光线都有自己的特点。
平面镜成像时像与物关于平面镜对称，要注意先作出端点或关键点的像点，再用虚线连接得到物体的像。
23.【答案】解：过重心做竖直向下的力，即重力，G=3N；摩擦阻力方向与物体运动方向相
反（沿斜面向下）、作用点在重心。如图所示：
【解析】
先确定玩具车的重心，重力的方向是竖直向下的；摩擦阻力方向与物体运动方向相反，其作用点也可画在重心。据此画出两个力的示意图。
会对物体进行正确的受力分析，会用力的示意图表示出力的作用点和方向，牢记重力的方向总是竖直向下的。
24.【答案】匀速 0.4 0.4 83.3% 减少动滑轮的重力
【解析】
解：（1）由二力的平衡知，实验时只有匀速向上拉动弹簧测力计，弹簧测力计的示数即拉力；
0.2m=0.4m； （2）由图示可知，物体有二股绳子承担，所以s=2h=2×W有用=Gh=2N×0.2m=0.4J； W总=Fs=1.2N×0.4m=0.48J；
。
故答案为：（1）匀速竖直；（2）0.4；0.4；83.3%；使用轻质动滑轮或增大被提升物体重力等。
利用二力的平衡条件知，实验时匀速向上拉动弹簧测力计。弹簧测力计的示数才等于拉力的大小；
利用功的计算公式W=Gh和W=FS分别计算有用功和总功，再利用机械效率公式η=
计算机械效率。
本题考查了机械效率的测量方法和计算公式的应用和计算。 25.【答案】开关S1、S2都闭合时，记下电流表的示数I2
【解析】
解：（1）使已知定值电阻和被测电阻串联，电流表串联在电路中，测串联电路的电流。
再把被测电阻短路，只有已知电阻接在电路中，测此时电路的电流。如下图。
（2）B、只闭合开关S1，读出电流表的示数记录为I1； C、开关S1、S2都闭合时，记下电流表的示数I2，
只闭合开关S1，定值电阻和被测电阻串联，则根据串联电路的特点和欧姆定律可知：
电源电压U=U0+UX=I1（R0+RX）；
开关S1、S2都闭合时，只有连入R0电路，则根据欧姆定律可知： 电源电压U=I2R0；
由于两种电路状态下的电源电压相等，所以，I1（R0+RX）=I2R0， 则：RX=
。
故答案为：（1）如上图；（2）开关S1、S2都闭合时，读出电流表的示数记录为I2；
。
实验中没有电压表，被测电阻已经被一个开关短路，不能设计成并联电路找电压相等。
通过开关闭合与断开，使电路处于两种状态，利用电源电压保持不变，使电路两种状态下的电压相等。
可以使已知电阻和被测电阻串联，通过开关的转换电流表分别测量串联电路的
电流和已知电阻的电流，由欧姆定律，利用电源电压相等，列出等式求解。 在实验设计题中和计算题中，通过闭合和断开开关或移动滑片来改变电路连接状态，利用电源电压不变或并联电路支路电压相等，列出等式解题，是很典型、很常见、很简单的方法，
2019年河南省南阳市邓州市中考物理模拟试卷（二）
一、填空题
1．如图所示，将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐。用筷子搅拌大约半分钟，用温度计测量罐中冰与盐水混合物的温度，可以看到冰水混合物的温度低于0℃，这时观察易拉罐的下部和底部，就会发现白霜，白霜是空气中水蒸气 （填物态变化名称）形成的，它在形成过程中要 热量。
2．乐音的三要素是 ， 和 。
3．下列各句话中的“影”，分别说明了光在传播过程中遵循的物理规律，请一一指出。 手影： 水中的倒影： 电影院放映电影： 。
4．建筑工人用如图所示的装置把重400N的物体在20s内匀速提升3m，所用的拉力为250N．则该工人做功的功率为 ，该滑轮组的机械效率是 。若用该装置提升500N的重物，此时滑轮组的机械效率将 （填“变大”、“变小”或“不变”）
5．如图所示，图甲是标有“3.8V 1.2W”的小灯泡L电流随着它的两端电压的变化关系图象，将此灯泡接入图乙所示的电路中，闭合开关S后，小灯泡的实际功率为0.5W，将变阻器滑片P移至变阻器中点，再闭合开关S1后，电流表示数变化了0.16A，则此时变阻器R接入电路的阻值为 Ω；在开关S、S1均闭合情况下，合理控制变阻器R的阻值，此时电路消耗的最小总功率为 W。
6．如图是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”实验装置。闭合开关后，铜棒AB、电流表、开关组成闭合电路。要使电流表指针偏转方向发生改变，可以采取两种方法：
方法一： ； 方法二： 。
二、单选题
7．下列长度接近1cm的是（ ） A．课本的厚度
B．铅笔的长度
C．课本的宽度
D．茶杯的高度
8．关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（ ） A．物体的内能增大，一定是吸收了热量 B．物体吸收热量，温度就一定升高 C．物体的温度升高，内能就会增大 D．物体的内能增大，温度就会升高
9．小明在探究“摩擦力的大小与什么因素有关”的实验时，提出了如下四个猜想。根据你对本实验的探究，发现其中与实验结论不相符合的是（ ） A．摩擦力的大小可能与接触面的粗糙程度有关 B．把滑动变为滚动，摩擦力变小
C．摩擦力的大小可能与物体间接触面积的大小有关 D．摩擦力的大小可能与接触面上压力的大小有关
10．如图所示，电磁继电器能通过低压控制电路间接地控制高压工作电路。下列说法正确的
是（ ）
A．连有电动机的电路是低压控制电路
B．电磁继电器实际上是一个由电磁铁控制电路通断的开关 C．利用电磁继电器主要是为了节约用电 D．利用电磁继电器主要是为了操作方便
11．关于家庭电路，下列做法中符合安全用电要求的是（ ） A．用湿擦布擦灯泡 B．在电线上晾衣服 C．擦带电的插座
D．电饼铛在使用时它的金属外壳接地
12．小汽车已经进入寻常百姓家庭，下列说法正确的是（ ）
A．小汽车在水平公路上静止时，汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力是一对平衡力
B．小汽车在水平公路上高速行驶时，汽车对地面的压力小于汽车的重力 C．小汽车在水平公路上匀速直线行驶时，车轮不受摩擦力作用 D．使用安全带和安全气囊是为了减小惯性 13．下列关于光现象的说法中，正确的是（ ） A．“坐井观天，所见甚小”是光直线传播的结果
B．验钞机是利用红外线使钞票上的荧光物质发光从而辨别钞票的真伪的 C．光与镜面成30°角射到平面镜上时，其反射角为30°
D．筷子斜插入装满水的碗中，我们可以观察到筷子在水中的部分会向下偏折
14．额定电压均为U的甲、乙两盏白炽灯，甲灯的额定功率大于乙灯的额定功率，如果将它们串联接入电压为U的电路中，下列叙述正确的是（ ） A．甲灯的实际功率小于乙灯的实际功率 B．至少有一盏灯能够正常发光 C．通过甲灯的电流大于通过乙灯的电流
D．甲灯的电阻小于乙灯的电阻 三、作图题
15．如图所示，一束光从水中斜射到水面，请画出反射光线和折射光线的大致方向。
16．图中，用鱼竿将鱼钓起，O为支点，请在图中画出作用在A点的最小动力F1以及鱼竿所受阻力F2的示意图。
四、实验题
17．小明在“探究凸透镜成像规律”实验中，用装有6个发光二极管的有方格的白纸板做发光物体，如图甲所示。又用这种有同样大小方格的白纸板做光屏。将发光物体、凸透镜和光屏组装到光具座上并调整好。
（1）当发光物体在a点时，如图乙所示，在光屏上成的像如图丙所示。则光屏上的像是倒立、 的实像。将发光物体由a点移动到b点，要想找到像的位置，应向 移动光屏，像才能再次清新。
（2）用这种发光物体和光屏做实验，最主要的一条优点是： 。
（3）如图乙所示，当发光物体在a点时，物与像之间的距离为s1；当发光物体在b点时，物与像之间的距离为s2，则s1 s2．（选填“＞”“＝”“＜”）
18．实验台上有组装好的实验装置，如图所示，其中弹簧测力计的量程为0～5N．另外还有质量均为100g的钩码六个（图中未画出）．小轩计划用这些器材探究：用动滑轮提升重物时，如果动滑轮的机械效率不变，则有用功跟总功成正比。 小轩的主要实验步骤如下：
①在动滑轮挂钩上挂1个钩码，钩码的质量用m表示，用弹簧测力计竖直向上匀速拉绳
子自由端，弹簧测力计的示数用F表示，绳子自由端移动的距离用s表示，钩码上升的高度用h表示。将m、F、s、h测量数据记录在表格中；
②保持绳子自由端移动的距离s不变，依次改变动滑轮所挂钩码个数，仿照步骤（1）再做5次实验，将测量数据记录在表格中。
③利用W总＝F s，计算出各次的总功，用W有用＝G h＝mgh，计算出各次的有用功，并将各次的W总、W有用记录在表格中。 请根据以上叙述回答下列问题：
（1）小轩探究过程中存在的问题是：
（2）请你针尖对小轩探究过程中存在的问题，写出改进措施： 。
19．如图所示是“测量小灯泡的电功率”的实验，所用小灯泡上标有“3.8V”字样，滑动变阻器规格为“20Ω1A”，电源电压为6V保持不变。
（1）请在图甲中用笔画线代替导线，把电路连接完整。
（2）连接好电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片，小灯泡不发光，电压表示数为零。进一步观察并检查电路，发现电压表、电流表、导线及其连接均完好。电路可能的故障是 （选填“小灯泡灯丝断了”或“滑动变阻器断路”）（假设电路只有一处故障）
（3）故障解决后继续实验，如图乙所示为某时刻电压表的读数，为了测量小灯泡的电功率，应将滑片向 （选填“左”或“右”）端滑动。灯泡正常发光时电流表的示数如图丙所示，则灯泡的额定功率为 W。
（4）在甲图中，小明误将电压表并联在滑动变阻器两端，调节滑动变阻器，当电压表示数为 V时，小灯泡正常发光。用此方案，在确保各元件安全的情况下，小明记录了电流表和电压表的若干组数据，根据测量的数据绘出的I﹣U图象可能是图丁中的 （选填“A”或“B”） 五、解答题
20．新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路如图甲所示。R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关。煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示。求：
（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率； （2）电热丝R2的阻值；
（3）这30min内电饭锅产生的热量。
21．如图所示，圆柱体甲和薄壁圆柱形容器乙置于水平地面。甲的重力为10牛，底面积为5×10﹣3米2。
①求甲对地面的压强p甲。
②求乙容器内水面下0.1米深处的压强p水。
③将甲浸没在乙容器的水中后（无水溢出），若乙容器对地面压强的增加量是水对乙容器底部压强增加量的2.7倍，则求甲的密度ρ甲。
2019年河南省南阳市邓州市中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、填空题
1．如图所示，将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐。用筷子搅拌大约半分钟，用温度计测量罐中冰与盐水混合物的温度，可以看到冰水混合物的温度低于0℃，这时观察易拉罐的下部和底部，就会发现白霜，白霜是空气中水蒸气 凝华 （填物态变化名称）形成的，它在形成过程中要 放出 热量。
【分析】物质由气态变成固态的过程叫做凝华，凝华放热。 【解答】解：
易拉罐中液体温度很低，所以易拉罐本身温度也很低。空气中的水蒸气遇到温度很低的易拉罐，由气态直接凝华成为固态的霜，同时放出热量。 故答案为：凝华；放出。
【点评】分析物态变化现象时，主要看物体由什么状态变为了什么状态，从而根据物态变化的知识来判断。
2．乐音的三要素是 音调 ， 响度 和 音色 。 【分析】根据乐音的三要素来填空。
【解答】解：乐音的三要素是：音调、响度和音色。
音调是指声音的高低，响度是指声音的大小，音色是指声音的感觉特性。 故答案为 音调，响度，音色。
【点评】本题考查了乐音的三要素，属于基础知识的考查，要牢记。
3．下列各句话中的“影”，分别说明了光在传播过程中遵循的物理规律，请一一指出。 手影： 光的直线传播 水中的倒影： 光的反射 电影院放映电影： 光的折射 。 【分析】光的直线传播、光的反射与光的折射都可以形成“影”，根据光的传播规律分析：手影、水中倒影、电影放映、立竿见影的形成原因进行答题。 【解答】解：
（1）手影是影子，光在沿直线传播过程中遇到不透明的手，被手挡住，在手的后面形成的光照不到的暗区形成手影，手影是由光的直线传播形成的；
（2）水中的倒影是平面镜成像，平静的水面相当于平面镜，是由光的反射形成的； （3）电影院放映电影应用了：凸透镜成倒立、放大、实像原理，凸透镜成像是光的折射形成的。
故答案为：光的直线传播；光的反射；光的折射。
【点评】生活中各种“影”都与光的传播有关，要正确区分各种“影”形成的原因； 影子、日月食、小孔成像都是光的直线传播原理；倒影、照镜子、潜望镜都是光的反射原理；
透镜、看水下的物体等都是光的折射原理，这类题光学综合题，是物理中考的一个热点知识。
4．建筑工人用如图所示的装置把重400N的物体在20s内匀速提升3m，所用的拉力为250N．则该工人做功的功率为 75W ，该滑轮组的机械效率是 80% 。若用该装置提升500N的重物，此时滑轮组的机械效率将 变大 （填“变大”、“变小”或“不变”）
【分析】（1）由图可知，承担物重的绳子的股数n，根据s＝nh求出绳子自由端移动的距离，然后根据W总＝Fs求出总功；
（2）知道物重和物体上升的高度，根据W有＝Gh求出有用功；知道有用功和总功，根据η＝
×100%求出滑轮组的机械效率；
（3）在额外功不变的情况下增大有用功，利用η＝滑轮组的机械效率的变化；
×100%＝×100%判断
【解答】解：（1）由图可知，承担物重绳子的股数n＝2， 绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×3m＝6m， 拉力所做的总功：W总＝Fs＝250N×6m＝1500J， 则该工人做功的功率：
P＝＝＝75W；
（2）拉力做的有用功：W有＝Gh＝400N×3m＝1200J。 则此滑轮组的机械效率： η＝
×100%＝
×100%＝80%。
（3）在其他量不变的情况下，再用该滑轮组提升500N的重物，即在额外功不变的情况下，增大了有用功， 根据η＝
×100%＝
×100%可知，此时滑轮组的机械效率将变大。
故答案为：75W；80%；变大。
【点评】本题考查有用功、总功、机械效率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用， 还要知道机械效率随物体重力的增大而增大，但总小于100%，因为有用功始终小于总功。5．如图所示，图甲是标有“3.8V 1.2W”的小灯泡L电流随着它的两端电压的变化关系图象，将此灯泡接入图乙所示的电路中，闭合开关S后，小灯泡的实际功率为0.5W，将变阻器滑片P移至变阻器中点，再闭合开关S1后，电流表示数变化了0.16A，则此时变阻器R接入电路的阻值为 12.5 Ω；在开关S、S1均闭合情况下，合理控制变阻器R的阻值，此时电路消耗的最小总功率为 0.66 W。
IL＝0.25A，【分析】（1）由小灯泡中的电流随它两端电压变化的图象可知，当UL＝2V时，此时灯的电功率为0.5W，由此可知电源电压U；
（2）当再闭合开关S1后，因为灯与电阻并联，电流表示数变化值就是此时通过电阻R的电流IR，利用欧姆定律求R的大小；
（3）在开关S、S1均闭合情况下，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总
功率最小，根据P＝路消耗的最小总功率。
求出滑动变阻器消耗的最小功率，然后加上灯泡的电功率即为电
【解答】解：（1）由小灯泡的U﹣I图象可知，当小灯泡的实际功率为0.5W时，UL＝2V，IL＝0.25A，
则电源的电压U＝UL＝2V，
（2）因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，开关S1闭合前后通过灯泡的电流不变， 则通过变阻器的电流： IR＝△I＝0.16A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可得，变阻器接入电路中的阻值：
R＝＝＝12.5Ω；
（3）在开关S、S1均闭合情况下，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小， 则PR＝
＝
＝
＝0.16W，
电路消耗的最小总功率：
P最小＝PL+PR＝0.5W+0.16W＝0.66W。 故答案为：12.5；0.66。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象得出灯泡实际功率为0.5W时对应的电压和电流值。
6．如图是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”实验装置。闭合开关后，铜棒AB、电流表、开关组成闭合电路。要使电流表指针偏转方向发生改变，可以采取两种方法：
方法一： 保持磁场方向不变，改变导体AB在磁场中的运动方向 ；
方法二： 保持导体的运动方向不变，使磁体的NS极对换，上面为S极，下面为N极 。
【分析】感应电流的方向是由导体的运动方向和磁场方向来决定的。要改变感应电流的方向，就要从这两个因素入手。
【解答】解：由于感应电流的方向与导体的运动方向和磁场方向有关，因此要改变感应电流的方向，可以采取以下措施：
①保持磁场方向不变，改变导体AB在磁场中的运动方向；
②保持导体的运动方向不变，使磁体的NS极对换，上面为S极，下面为N极。 【点评】（1）此题考查了感应电流方向的决定因素；
（2）要改变感应电流的方向，只能改变这两个因素的中的一个，不能同时改变这两个因素。若同时改变，感应电流的方向不变。 二、单选题
7．下列长度接近1cm的是（ ） A．课本的厚度
B．铅笔的长度
C．课本的宽度
D．茶杯的高度
【分析】此题考查对生活中常见物体长度的估测，结合对生活的了解和对长度单位及其进率的认识，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、中学生食指的宽度在1cm左右，课本的厚度与此差不多，在1cm左右。故A符合题意；
B、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，铅笔的长度与此差不多，在18cm左右。故B不符合题意；
C、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，课本的宽度略小于此数值，在16cm左右。故C不符合题意；
D、中学生拳头的宽度在10cm左右，茶杯的高度略大于此数值，在13cm左右。故D不符合题意。 故选：A。
【点评】长度的估测，必须熟悉一些常见物体的长度，以此为标准对研究对象作出判断。如：中学生拳头的宽度在10cm左右；中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大
约18cm；成年人的身高在170cm左右，一步的步幅在75cm左右；一层楼的高度在3m左右，等等。
8．关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（ ） A．物体的内能增大，一定是吸收了热量 B．物体吸收热量，温度就一定升高 C．物体的温度升高，内能就会增大 D．物体的内能增大，温度就会升高
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能； （2）晶体熔化过程中，吸热但温度不变； （3）内能的大小与物体的质量、温度有关；
（4）晶体熔化过程中，虽然内能增大，但温度不升高。
【解答】解：A、物体的内能增大，可能是吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故A错误；
B、晶体熔化过程中，吸热但温度不变，故B错误；
C、同一物体质量不变，其温度升高，故其内能一定增大，故C正确；
D、晶体熔化过程中，吸热但温度不变，即其内能增大，但温度不升高，故D错误； 故选：C。
【点评】正确理解温度、热量与内能的关系。解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。 9．小明在探究“摩擦力的大小与什么因素有关”的实验时，提出了如下四个猜想。根据你对本实验的探究，发现其中与实验结论不相符合的是（ ） A．摩擦力的大小可能与接触面的粗糙程度有关 B．把滑动变为滚动，摩擦力变小
C．摩擦力的大小可能与物体间接触面积的大小有关 D．摩擦力的大小可能与接触面上压力的大小有关
【分析】完成本题需要掌握增大或减小摩擦力的方法，增大摩擦力的方法：增大压力、使接触面变粗糙、变滚动为滑动；减小摩擦可采取相反的措施：减小压力、使接触面变光滑、变滑动为滚动等。
【解答】解：A、在其他条件一定时，使接触面变粗糙，可以增大摩擦力，该猜想与实验结论相符；
B、在其他条件一定时，将滑动变为滚动，可以减小摩擦力，该猜想与实验结论相符； C、摩擦力的大小与物体间的接触面积无关，该猜想与实验结论不相符；
D、在其他条件一定时，增大物体对接触面的压力大小，可以增大摩擦力，该猜想与实验结论相符； 故选：C。
【点评】本题考查学生对摩擦力大小的影响因素的了解和掌握，解题时根据所学的物理知识逐个排除。
10．如图所示，电磁继电器能通过低压控制电路间接地控制高压工作电路。下列说法正确的是（ ）
A．连有电动机的电路是低压控制电路
B．电磁继电器实际上是一个由电磁铁控制电路通断的开关 C．利用电磁继电器主要是为了节约用电 D．利用电磁继电器主要是为了操作方便
【分析】（1）电磁继电器的主要部件就是一个电磁铁，它是利用电磁铁来控制工作电路通断的，当控制电路接通时，电路中有了电流，电磁铁就有了磁性，吸引衔铁，衔铁的移动导致了工作电路的通断；
（2）电磁继电器的实质是一个间接开关，它可以用低电压、弱电流的控制电路来控制高电压、强电流的工作电路，它还可以实现自动控制。
【解答】解：A、由图可见，电磁铁电路是控制电路，电动机电路是工作电路，该选项说法错误；
B、电磁继电器实质上就是利用电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性的特点控制工作电路通断的开关，该选项说法正确；
C、电磁继电器可以用低电压、弱电流的控制电路来控制高电压、强电流的工作电路，与节约用电无关，相反是多用了电，该选项说法错误；
D、有些环境比较复杂，不利于人直接操作，利用电磁继电器主要是为了实现远距离控制和自动控制，该选项说法错误。
故选：B。
【点评】此题主要是对电磁继电器的基础知识的考查，强化对课本基础知识的记忆，对于解决这类基础性的题目有很大的帮助。
11．关于家庭电路，下列做法中符合安全用电要求的是（ ） A．用湿擦布擦灯泡 B．在电线上晾衣服 C．擦带电的插座
D．电饼铛在使用时它的金属外壳接地
【分析】（1）当人体同时接触火线和零线时，也会有电流通过人体，这种触电现象称为单线触电。
（2）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电。
【解答】解：A、接在电路中的灯泡属于带电体，用湿布擦拭时，水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险。故A不符合安全用电原则； B、在电线上晾湿衣服，电线上的绝缘层有可能破损，从而使人体和带电体接触，就会造成触电事故，十分危险。故B不符合安全用电原则；
C、带电的插座属于带电体，擦拭时，有可能使电流传到人体上，使人体触电，十分危险。故C不符合安全用电原则；
D、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全。故D符合安全用电原则； 故选：D。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了。
12．小汽车已经进入寻常百姓家庭，下列说法正确的是（ ）
A．小汽车在水平公路上静止时，汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力是一对平衡力
B．小汽车在水平公路上高速行驶时，汽车对地面的压力小于汽车的重力 C．小汽车在水平公路上匀速直线行驶时，车轮不受摩擦力作用 D．使用安全带和安全气囊是为了减小惯性
【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；
（2）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；
（3）小汽车在水平公路上匀速直线行驶时，所受牵引力与摩擦力平衡； （4）一切物体都有惯性，惯性只有与质量有关。
【解答】解：A、汽车静止在路面上时，汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力，二力作用在不同的物体上，因此二力不是一对平衡力，故A错误；
B、小汽车高速行驶时，小汽车上方空气流动大于下方的空气流动，因此小汽车在竖直方向上受支持力和空气向上的托力的作用，因此小汽车对路面的压力小于汽车的重力，故B正确；
C、根据摩擦力产生的条件可知，汽车在水平公路上匀速直线行驶时，受到摩擦力的作用，只是所受牵引力与摩擦力大小相等、方向相反、在同一直线上，在同一物体上是一对平衡力，故C错误；
D、惯性只有与质量有关，质量不变，惯性不变，故使用安全带和安全气囊不是为了减小惯性，而是为了减小由于惯性带来的危害，故D错误。 故选：B。
【点评】本题综合考查了平衡力、摩擦力产生的条件、流体压强与流速的关系以及惯性知识，涉及的内容较多，但都属于基础题。 13．下列关于光现象的说法中，正确的是（ ） A．“坐井观天，所见甚小”是光直线传播的结果
B．验钞机是利用红外线使钞票上的荧光物质发光从而辨别钞票的真伪的 C．光与镜面成30°角射到平面镜上时，其反射角为30°
D．筷子斜插入装满水的碗中，我们可以观察到筷子在水中的部分会向下偏折 【分析】光在同种均与介质中沿直线传播，大于井口面之外的光不能进入井中。 验钞机是利用紫外线辨别纸币真伪的。 求出入射角，根据反射定律求出反射角。
光从水斜射入另空气时发生折射，使水中物体看起来在水面处向上偏折。 【解答】解：A、“坐井观天，所见甚小”是光直线传播的结果，说法正确；
B、验钞机是利用紫外线使钞票上的荧光物质发光从而辨别钞票的真伪的，不是利用红外线，说法错误；
C、光与镜面成30°角射到平面镜上时，其反射角为60°，不是30°，说法错误； D、筷子斜插入装满水的碗中，我们可以观察到筷子在水中的部分会向上偏折，不是向下偏折，说法错误。 故选：A。
【点评】本题考查了：光的直线传播、紫外线的应用、光的反射定律、光折射的应用，考查的知识较全面，是一道光学综合题；熟练掌握光学的相关基础知识是解题的关键。 14．额定电压均为U的甲、乙两盏白炽灯，甲灯的额定功率大于乙灯的额定功率，如果将它们串联接入电压为U的电路中，下列叙述正确的是（ ） A．甲灯的实际功率小于乙灯的实际功率 B．至少有一盏灯能够正常发光 C．通过甲灯的电流大于通过乙灯的电流 D．甲灯的电阻小于乙灯的电阻
【分析】已知甲、乙两灯的额定电压相同，且甲灯额定功率大于乙灯额定功率，根据P＝
分析其电阻关系，然后根据串联电路的特点和电功率公式进行解答。
【解答】解：
由甲、乙两灯的额定电压相同，且甲灯额定功率大于乙灯额定功率，根据P＝R甲＜R乙，由于两灯串联，故电流是相同的，故C错误，D正确；
当甲、乙两灯串联后接入电路中，由P＝I2R可知，如果甲灯发光，P实甲＜P实乙，则乙灯比甲灯亮，故A正确。
当甲、乙两灯串联后接入电路中，根据串联电路的电压规律可知，每一盏灯两端的电压都要小于U，故都不能正常发光，故B错误。 故选：AD。
【点评】本题考查了串联电路的电流特点和电功率公式的灵活运用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。 三、作图题
15．如图所示，一束光从水中斜射到水面，请画出反射光线和折射光线的大致方向。
可知，
【分析】过入射点做出法线，然后利用光的反射规律和光的折射规律做出对应的反射光线和折射光线。
【解答】解：过入射点O做法线ON，从而确定了入射光线位于法线的左侧，并确定了入射角的大小。然后利用光的反射规律做出对应的反射光线OB。
光从水中斜射入空气，所以折射角大于入射角，由此可以做出对应的折射光线OC。 答案如下图所示：
【点评】做光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节，若告诉了入射角的大小，一定要标出反射角的大小。
16．图中，用鱼竿将鱼钓起，O为支点，请在图中画出作用在A点的最小动力F1以及鱼竿所受阻力F2的示意图。
【分析】要解决此题，需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂。
先确定最长的力臂，即离支点与力的作用点的连线；然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可。
【解答】解：根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长，连接支点O与A点，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，
阻力的方向是竖直向下的，在杠杆最右端作竖直向下的阻力F2，如下图所示：
【点评】此题考查杠杆中最小力的问题，杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行：
①确定杠杆中的支点和动力作用点的位置； ②连接支点与动力作用点，得到最长的线段； ③经过动力作用点做出与该线段垂直的直线； ④根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向。 四、实验题
17．小明在“探究凸透镜成像规律”实验中，用装有6个发光二极管的有方格的白纸板做发光物体，如图甲所示。又用这种有同样大小方格的白纸板做光屏。将发光物体、凸透镜和光屏组装到光具座上并调整好。
（1）当发光物体在a点时，如图乙所示，在光屏上成的像如图丙所示。则光屏上的像是倒立、 缩小 的实像。将发光物体由a点移动到b点，要想找到像的位置，应向 左 移动光屏，像才能再次清新。
（2）用这种发光物体和光屏做实验，最主要的一条优点是： 便于比较像与物的大小关系 。
（3）如图乙所示，当发光物体在a点时，物与像之间的距离为s1；当发光物体在b点时，物与像之间的距离为s2，则s1 ＜ s2．（选填“＞”“＝”“＜”）
【分析】（1）根据甲和丙图进行比较，判断凸透镜成像的情况。凸透镜成像时，物距增大，像距减小，像变小。
（2）将发光二极管与烛焰比较，找出其优点。发光二极管的亮度更大，更容易观察其像。同时其形状规则，利用方格纸，更容易比较像与物的大小。
（3）物体成倒立缩小的实像时，物距大于二倍焦距，而像距在一倍焦距和二倍焦距之间；
且物距增大时，像距无限靠近一倍焦距。
【解答】解：（1）甲图“T”比较大，丙图“T”比较小，所以光屏上成倒立、缩小的实像。将发光物体由a点移动到b点，物距增大，像减小，像距减小，要想找到像的位置，光屏要向左移动，直到光屏上得到清晰的像；
（2）这种发光体的亮度大，成的像更清晰，同时其形状规则，利用方格纸便于比较像与物的大小关系；
（3）由图知：物体成的是倒立缩小的实像，那么物距大于二倍焦距，而像距在一倍焦距和二倍焦距之间。此时，当物距不断增大时，像距会无限的靠近一倍焦距，但永远达不到一倍焦距处，因此物体向左移动的幅度要大于像向左移动的幅度；所以，当发光物体放置在b点时，物像之间的距离会相应的增大，则s1 ＜s2；
故答案为：（1）缩小；左；（2）便于比较像与物的大小关系；（3）＜。
【点评】本题中所提供的实验装置较为新颖，很值得推广和借鉴。本题考查的知识都非常简单，是有关凸透镜成像的基本原理，是我们应该重点掌握的。
18．实验台上有组装好的实验装置，如图所示，其中弹簧测力计的量程为0～5N．另外还有质量均为100g的钩码六个（图中未画出）．小轩计划用这些器材探究：用动滑轮提升重物时，如果动滑轮的机械效率不变，则有用功跟总功成正比。 小轩的主要实验步骤如下：
①在动滑轮挂钩上挂1个钩码，钩码的质量用m表示，用弹簧测力计竖直向上匀速拉绳子自由端，弹簧测力计的示数用F表示，绳子自由端移动的距离用s表示，钩码上升的高度用h表示。将m、F、s、h测量数据记录在表格中；
②保持绳子自由端移动的距离s不变，依次改变动滑轮所挂钩码个数，仿照步骤（1）再做5次实验，将测量数据记录在表格中。
③利用W总＝F s，计算出各次的总功，用W有用＝G h＝mgh，计算出各次的有用功，并将各次的W总、W有用记录在表格中。 请根据以上叙述回答下列问题：
（1）小轩探究过程中存在的问题是： 改变了钩码的重力，使动滑轮的机械效率也发生变化，没有改变绳子自由端的距离s，来改变自变量W总 （2）请你针尖对小轩探究过程中存在的问题，写出改进措施： 保持钩码个数不变，依次改变绳子自由端移动的距离s 。
【分析】对同一滑轮组，改变提升物体的重力可改变机械效率，为控制机械效率不变，应提升同一重物，通过改变提升物体的高度（即没有改变绳子自由端的距离s）来改变有用功（即自变量W总）．据此分析存在问题及改进措施。
【解答】解：对同一滑轮组，改变提升物体的重力可改变机械效率，为控制机械效率不变，应提升同一重物，通过改变提升物体的高度（即没有改变绳子自由端的距离s）来改变有用功（即自变量W总）。
（1）故小轩探究过程中存在的问题是：改变了钩码的重力，使动滑轮的机械效率也发生变化，没有改变绳子自由端的距离s，来改变自变量W总
（2）针对小轩探究过程中存在的问题，写出改进措施：保持钩码个数不变，依次改变绳子自由端移动的距离s
故答案为：（1）改变了钩码的重力，使动滑轮的机械效率也发生了变化，没有改变绳子自由端的距离s，来改变自变量W总；
（2）保持钩码个数不变，依次改变绳子自由端移动的距离s。
【点评】本题考查控制变量法的运用及对实验方案的评估能力和尝试改进实验方案的能力，是中考的热点问题。
19．如图所示是“测量小灯泡的电功率”的实验，所用小灯泡上标有“3.8V”字样，滑动变阻器规格为“20Ω1A”，电源电压为6V保持不变。
（1）请在图甲中用笔画线代替导线，把电路连接完整。
（2）连接好电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片，小灯泡不发光，电压表示数为零。进一步观察并检查电路，发现电压表、电流表、导线及其连接均完好。电路可能的故障是 滑动变阻器断路 （选填“小灯泡灯丝断了”或“滑动变阻器断路”）（假设电路只有一处故障）
（3）故障解决后继续实验，如图乙所示为某时刻电压表的读数，为了测量小灯泡的电功率，应将滑片向 左 （选填“左”或“右”）端滑动。灯泡正常发光时电流表的示数如图丙所示，则灯泡的额定功率为 1.14 W。
（4）在甲图中，小明误将电压表并联在滑动变阻器两端，调节滑动变阻器，当电压表示数为 2.2 V时，小灯泡正常发光。用此方案，在确保各元件安全的情况下，小明记录了电流表和电压表的若干组数据，根据测量的数据绘出的I﹣U图象可能是图丁中的 B（选填“A”或“B”）
【分析】（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，且与灯泡并联，注意正负接线柱的连接；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中；
（2）对每个猜想所出现的现象逐一分析，确定与题目条件不符合与相符合的猜想； （3）认清电压表小量程的分度值读数，比较读数与额定电压的大小，根据分压原理确定滑片移动的方向；根据P＝UI求出额定功率；
（4）根据串联电路的电压规律求出滑动变阻器两端的电压；根据电压与电流的关系分析图象。
【解答】解：（1）灯泡的额定电压为3.8V，所以电压表的量程为0～15V，且与灯泡并联，电流从正接线柱流入负接线柱流出；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，如下图所示：
；
（2）如果小灯泡的灯丝断了，则电压表与电路中其它元件串联，因电压表内阻很大，根据欧姆定律和分压原理，电流表示数接近0，电压表示数接近电源电压，小灯泡分得的电压很小，不发光；
如果滑动变阻器断路，则电压表、电流表均无示数，小灯泡不发光； 故故障的原因是滑动变阻器断路；
（3）电压表小量程的分度值为0.5V，示数为2.5V，所以，应增加灯两端的电压减小滑动变阻器的电压，根据分压原理，就要减小变阻器连入电路中的电阻，所以，应将滑片P向左端移到合适位置，电流表示数的示数为0.3A则小灯泡的额定功率为：P＝UI＝3.8V×0.3A＝1.14W；
（4）小灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为3.8V，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端的电压为6V﹣3.8V＝2.2V；当滑动变阻器两端的电压变大时，表面滑动变阻器电阻变大，则电路中的电流减小，故B图为绘出的I﹣U图象。
故答案为：（1）如图；（2）滑动变阻器断路；（3）左；1.14；（4）2.2； B。 【点评】本题考查了滑动变阻器的连接和应用、电流表的读数、电功率的计算等，涉及的知识点较多，综合性强，明白实验的原理是关键。 五、解答题
20．新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路如图甲所示。R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关。煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示。求：
（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率； （2）电热丝R2的阻值；
（3）这30min内电饭锅产生的热量。
【分析】（1）S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联；电路中电流最大，由乙图可知此时电流值，则利用P＝UI求出功率；
（2）开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知通过R1的电流值，根据并联电路的电流特点可知通过R2工作时的电流值，然后根据欧姆定律即可求出R2的阻值。 （3）利用P＝UI求出只有R1工作时功率；由乙图可知：30min内两种情况下各自的工作时间，利用W＝Pt分别求出两种情况下各自产生的热量，最后求其和即可。 【解答】解：（1）S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联；由乙图可知此时电流值Imax＝3A，
则功率Pmax＝UImax＝220V×3A＝660W；
（2）开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知通过R1的电流值I1＝2A， 则根据并联电路的电流特点可知：电阻R1与R2并联时；I2＝Imax﹣I1＝3A﹣2A＝1A， 根据欧姆定律得：R2＝
＝
＝220Ω。
（3）只有R1工作时功率P1＝UI1＝220V×2A＝440W； 由乙图可知：t′＝10min+（20min﹣15min）＝15min＝900s， t″＝（15min﹣10min）+（30min﹣20min）＝15min＝900s， 则Q′＝W′＝Pmaxt′＝660W×900s＝5.94×105J， Q″＝W″＝P1t″＝440W×900s＝3.96×105J， ∴Q＝Q′+Q″＝5.94×105J+3.96×105J＝9.9×105J。 答：（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率为660W； （2）电热丝R2的阻值为220Ω；
（3）这30min内电饭锅产生的热量为9.9×105J。
【点评】本题考查电功率的计算，根据是结合电路图会对图象的分析，知道两种状态下对应的电流值时关键。
21．如图所示，圆柱体甲和薄壁圆柱形容器乙置于水平地面。甲的重力为10牛，底面积为5×10﹣3米2。
①求甲对地面的压强p甲。
②求乙容器内水面下0.1米深处的压强p水。
③将甲浸没在乙容器的水中后（无水溢出），若乙容器对地面压强的增加量是水对乙容器底部压强增加量的2.7倍，则求甲的密度ρ甲。
【分析】①甲对地面的压力等于其重力，已知底面积，利用p＝可求得甲对地面的压强p甲。
②已知水深，根据p＝ρgh可求得乙容器内水面下0.1米深处的压强 ③设物体的质量为m，则容器对地面压强的增加量△p1＝
＝
，水对容器底部压
强的增加量△p2＝ρ水△hg，根据△p1＝2.7△p2求得物体的密度。 【解答】解：①甲对地面的压强p甲＝
＝
＝
＝2×103Pa；
②乙容器内水面下0.1米深处的压强p水＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m＝980Pa；③设物体的质量为m， 则容器对地面压强的增加量： △p1＝
＝
，
水对容器底部压强的增加量： △p2＝ρ水△hg＝ρ
g，
水
由题知，△p1＝2.7△p2， 即：
＝2.7ρ
g，
水
物体的密度：
ρ
物甲
＝
＝2.7ρ水＝2.7×103kg/m3。
答：①甲对地面的压强p甲为2×103Pa；
②乙容器内水面下0.1米深处的压强p水为980Pa； ③甲的密度ρ甲为2.7×103kg/m3。
【点评】本题考查了学生对密度公式、液体压强公式、压强定义式的掌握和运用，难点在第三问，求出容器对地面压强的增加量和水对容器底部压强的增加量，利用好等量关系是突破点。
2019年河南省商丘市中考物理模拟试卷（二）
一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）
52. 如图为海波的熔化图象，有关这个图象，下列说法正确的是 53.
A. 当温度达到 时，海波已经熔化完了
B. BC段海波没有吸收热量，所以温度没有升高 C. BC段海波在继续吸热，温度不变，完成熔化过程 D. 图象上AB段为固态，BC段为液态，CD段为气态 【答案】C
【解析】解：A、海波熔化过程中，温度保持不变，这个不变的温度是海波的熔点，熔点是 ，当温度达到 时，海波也可能是正在熔化，故A错误。 B、海波在BC段吸收了热量，但温度不变，故B错误；
C、BC段海波在继续吸热，温度不变，完成熔化过程，故C正确；
D、海波在AB段是固态；在BC段是固液共存；在CD段是液态，故D错误。 故选：C。
海波固态时，吸收热量温度升高。达到熔点，继续吸收热量，海波熔化，温度保持不变，这个不变的温度是熔点。当海波全部熔化，不断吸收热量，温度不断升高。 此题主要考查了学生对晶体熔化图象的分析，能够通过图象判断晶体或非晶体，同时对熔化图象上每段过程的状态、吸热情况和温度变化情况都要理解掌握。
54. 河岸边的垂柳在清澈的河水中形成“倒影”，而在河堤地面上有很多“荫影”。关于“倒影”
和“荫影”的成因，下列判断正确的是 A. 都是由于光的反射形成的 B. 都是由于光的直线传播形成的
C. 前者是由于光的反射形成的，后者是由于光的折射形成的
D. 前者是由于光的反射形成的，后者是由于光的直线传播形成的 【答案】D
【解析】解：河岸边的垂柳在清清河水中形成“倒影“，属于平面镜成像，是由于光的反射形
成的；
而长长河堤上垂柳的“荫影”是由于光在沿直线传播时被树木挡住后，树木后方就会呈现出阴影区域，就是“荫影”，故ABC错误，D正确。 故选：D。
光在传播到不同物质时，在分界面上改变传播方向又返回原来物质中的现象就是光的反射。光遇到水面、玻璃以及其他许多物体的表面都会发生反射。 而光在同一均匀介质中是沿直线传播的。
本题考查了光的反射及光沿直线传播现象在生活中的应用，比较简单，属于基础知识。
55. 2012年7月1日，中国航天科技集团对神州九号飞船返回舱举行了开舱仪式，取出搭
载的物品，并分发给各相关单位。其中有青少年搭载的科学实验种子，邀游太空回到地球；它们将分发给全国中小学，进行栽培和对照观察实验。在地球上质量为5kg的种子，被宇航员带到太空中称量时它的质量
A. B. C. D. 无法判断
【答案】A
【解析】解：种子被宇航员带到太空中，是位置的改变，质量不变，仍是5kg。 故选：A。
质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，如果只是改变了形状、状态、位置则不会发生改变。
本题考查了质量的概念，属于基本内容，比较简单。
56. 一救生圈，重为50N，体积为50L，体重为500N的小明同学在水中使用这个救生圈，
当他处于静止状态时，下列判断正确的是 A. 人和救生圈没入水中，处于悬浮状态 B. 人和救生圈漂浮，部分露出水面 C. 人和救生圈沉入水底 D. 以上情况都有可能 【答案】B 【解析】解：
假设救生圈浸没在水中， 排 ；
则救生圈所受到的浮力为：
浮 排 ； 人 圈 浮； 假如人完全浸没，由 可得人的体积： 人
人
人
；
人完全浸没受到的浮力： 浮人 人
总重力小于总浮力， ，救生圈与人最终漂浮， 所以，人和救生圈应漂浮，人和圈可以部分露出水面；
故选：B。
判定人和救生圈的状态 即浮沉 决定于重力和浮力的大小，浮力可由阿基米德原理计算，重力等于人和圈的重力之和。
本题考查知识点关于浮力的计算，物体的浮沉条件，属于中档题。本题考查浮力、体积、密度的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道物体漂浮或悬浮时，受到的浮力等于自身的重力，此题与实际生活联系密切，是一道好题。
57. 如图所示，足球以初速度v沿着凹凸不平的草地从a运动
到d，足球
d两点A. 在b、d两点动能相等 B. 在a、
动能相等
C. 从b到c的过程机械能减少 D. 从c到d的过程重力势能减少 【答案】C
【解析】解：A、足球在b点时，足球有一定的速度，足球具有一定的动能，动能不为零；足球在d点时，足球速度为零，足球动能为零。故A错误。 B、足球在a点时，足球有一定的速度，足球具有一定的动能，动能不为零；足球在d点时，足球速度为零，足球动能为零。故B错误。
C、足球从b到c的过程中，足球和草地之间存在摩擦力，克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能不断减小。故C正确。
D、足球从c到d的过程中，足球质量不变，高度增大，重力势能不断增大。故D错误。 故选：C。
动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。
足球和草地之间存在摩擦力，克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能不断减小，内能增大。
重力势能大小跟质量、高度有关。质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大。
机械能大小可以根据机械能 动能 势能中动能和势能的变化来判断机械能的变化，也可以看机械能是否和其它形式的能发生转化来判断。
58. 分子很小，看不见摸不着，但我们可以通过一些直接感知的现象，经过合理的推测来认
识分子，下列推测既合理又符合事实的是
A. 现象：红墨水滴入水中，整杯水变红； 推测：分子在做无规则运动 B. 现象：注射器内的水很难压缩； 推测：水分子之间没有间隙 C. 现象：破镜不能重圆； 推测：分子之间斥力太大
D. 现象：磁铁上吸住了很多铁屑； 推测：分子之间存在引力作用 【答案】A
【解析】解：A、红墨水滴入水中，整杯水变红是扩散现象，说明分子在做无规则运动，故符合题意； B、注射器内的水很难压缩其根本原因是分子间斥力的作用，而不是因为分子之间没有间隙，事实上分子间也是存在间隙的，故不合题意；
C、破镜不能重圆，是因为玻璃的硬度大，不像铅硬度小，玻璃放在一起不容易发生形变，玻璃分子间的距离大于分子直径的10倍以上，超出了分子力的作用范围，故不合题意； D、磁铁上吸住了很多铁屑是因为铁屑受到了磁铁所给予的磁力的作用，是通过磁场所实现
的一种力的作用，而不是分子间的引力，故不合题意。 故选：A。
透过现象看本质，这正是我们研究物理现象进而发现物理规律的能力要求，因此，依次分析各选项中的描述，找出其中包含的物理知识与规律，再进一步做出判断。 本题所考查的内容主要围绕了分子动理论的相关知识与现象，对分子动理论的充分理解和对相关现象的正确认识是正确解答此题的关键。
59. 在如图所示的电路中，电源电压不变，闭合电键K，电压表、电流
表均有示数。将滑动变阻器的滑片P向左移动，一会儿发现有一电压表和电流表示数的比值变小，则下列判断中正确的是 A. 电阻 短路，电压表的示数均变大 B. 电阻 断路，电流表的示数变大 C. 滑动变阻器断路，电流表的示数变小 D. 滑动变阻器短路，电压表 的示数变大 【答案】D
【解析】解：由电路图可知，定值电阻 与滑动变阻器 串联，电压表 测 两端的电流，电压表 测 两端的电压，电流表测电路中的电流。
由 可知，电压表 和电流表A示数的比值等于 的阻值，滑片移动时比值不变， 电压表 和电流表A示数的比值等于滑动变阻器的阻值，将滑片P向左移动，接入电路的电阻增大，比值变大，
因题干中将滑动变阻器的滑片P向左移动，一会儿发现有一电压表和电流表示数的比值变小，
所以，故障应为电压表 和电流表A示数的比值减小，则：
A.若 短路，电压表 的示数变小，电压表 的示数变大，故A错误；
B.若 断路，电压表 测电源的电压示数变大，电压表 被断路示数变小，电流表的示数为0，故B错误；
C.若滑动变阻器断路，电压表 测电源的电压示数变大，电流表的示数变小，电压表 和电流表A示数的比值增大，故C错误；
D.若滑动变阻器短路，电压表 的示数变小，电流表的示数变大，电压表 和电流表A示数的比值变小，故D正确。 故选：D。 由电路图可知，定值电阻 与滑动变阻器 串联，电压表 测 两端的电流，电压表 测 两端的电压，电流表测电路中的电流；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，根据欧姆定律可知电压表与电流表示数的比值与对应电阻的关系，则由出现的现象可知电路中出现的故障。
本题考查电路的故障判断，此类题型应注意采用排除法进行判断，即根据选项中的故障去判断电路中出现的故障，即可找出答案。
二、多选题（本大题共1小题，共3.0分）
60. 如图可以说明巨磁电阻的特性。闭合开关 、 并使滑片P向左移动，观察到指示灯变
亮，那么
A. 电磁铁右端为S极
C. 巨磁电阻随磁场增强而变小 B. 巨磁电阻随磁场增强而变大 D. 电磁铁磁性增强
【答案】ACD
【解析】解：A、利用安培定则判断电磁铁的左端为N极、右端为S极，故A正确；
BC、由于指示灯变亮，则说明指示灯所在电路电流变大，所以巨磁电阻的阻值变小。所以据此电阻随磁场的增强而变小，故B错误，C正确。
D、滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器的阻值减小，由欧姆定律可知，线圈中的电流增大，则电磁铁的磁场增强，故D正确。 故选：ACD。
利用安培定则判断电磁铁的磁极；
先分析滑片向左移动时，变阻器的阻值是变大了还是变小了，然后根据欧姆定律得出电流大小变化情况，从而判断出电磁铁的磁场强弱变化情况。 本题的实验虽然是探究巨磁电阻的特性，不是初中物理的内容，但该题所考查的其实还是初中物理的知识：包括欧姆定律、影响电磁铁磁性强弱的因素，是一道好题。
三、填空题（本大题共4小题，共12.0分） 61. 如图所示， 断开， 闭合时， 、 的连接方式是______当 、
联；当 、 闭合， 断开时， 、 的连接方式是______联；当 、 闭合时， 断开时，电路中会出现______。 62. 63. 64. 【答案】串 并 短路
【解析】解：
由图可知，当 、 断开， 闭合时，电流只有一条路径，灯 、 串联。
当 、 闭合， 断开时，电流有两条路径， 、 分别在两条支路上，因此 、 是并联的；
当 、 闭合时， 断开时，电源的两极被导线直接连接起来了，造成电源短路，会损坏电源。
故答案为：串；并；短路。
串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极；
短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两端相连；而用电电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，使电器两端的电压为零。
本题考查了学生识别串、并联电路的能力，电路的识别一般就从电流路径上分析，只有一条路径的是串联，有多条路径的是并联。
65. 4月23日水兵节当天下水，中国第一艘国产航母001a型马上要下水了 如图所示是航母
舰载机起飞训练的情境，则下列说法正确的是______
66. A.飞机停在航母甲板上，航母对飞机的支持力和飞机对航母的压力是一对平衡力 67. B.飞机飞行时能获得向上的压强差，是因为机翼上方空气流速小于机翼下方空气流速 68. C.飞机飞离航母后，航母所受浮力变小 69. D.飞机在起飞过程中，惯性将消失 70. 理由：______。
【答案】C 因为航母漂浮在海面上， 浮 物，又因为飞机飞离航母，所以 物变小，航母始终漂浮，所以 浮也变小
【解析】解：A、飞机停在航母甲板上，航母对飞机的支持力和飞机对航母的压力是作用在两个物体上的两个力，不是一对平衡力。故A错误；
B、飞机飞行时能获得向上的压强差，是因为机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速，上方压强小于下方，从而产生向上的升力，故B错误；
C、航载飞机飞离航母后，航母的总重力减小，航母始终漂浮，浮力等于重力，所以浮力会减小，故C正确；
D、物体在任何时候都有惯性，飞机在起飞过程中，惯性不可能消失，故D错误。 因为航母漂浮在海面上， 浮 物，又因为飞机飞离航母，所以 物变小，航母始终漂浮，所以 浮也变小；
故答案为：C；因为航母漂浮在海面上， 浮 物，又因为飞机飞离航母，所以 物变小，航母始终漂浮，所以 浮也变小。
利用以下知识分析解答：
平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。 流体流速越快的位置压强越小； 漂浮物体的浮和始终等于自身重力；
惯性是一切物体所具有的一种特性，在任何时候物体都有惯性。
本题考查了漂浮条件、流体压强与流速的关系、平衡力的辨别、惯性的定义等多个知识点，有一定的综合性，但总体难度不大。
71. 研究能源问题，实现可持续发展已成为21世纪世界各国共同的任务。在“天然气、石油、
煤炭、风能、核能”这些源中，属于可再生能源的有______；国家发改委近日正式向国务院申报了启动核电新项目审批，现在人们用的“核电”源自于原子核______ 选填“裂变”或“聚变” 释放的核能。 【答案】风能 裂变
【解析】解：
风能是能够源源不断的从自然界得到的能源，是可再生能源，天然气、石油、煤炭和核能是短期内不能从自然界得到补充的能源，属于不可再生能源。 核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的。 故答案为：风能；裂变。
①可再生能源的特点是可以重复利用，取之不尽用之不竭，例如风能、水能、太阳能等。 ②核电站是通过核裂变来获取能量的。
本题考查了学生对核能利用的两种方式的判断及能源分类的判断，属于基础性的知识。
72. 工厂里经常使用静电除尘技术，用一块带电的金属板，把浮尘吸附在金属板上，静电除
尘的原理是______。毛皮与橡胶棒摩擦后，用毛皮靠近轻小球，轻小球被排斥，则该轻小球带______电。
【答案】带电体能够吸引轻小物体 正
【解析】解：静电除尘技术，用一块带电的金属板，把浮尘吸附在金属板上。因此静电除尘的原理是带电体能够吸引轻小物体。毛皮与橡胶棒摩擦后，毛皮带正电，用毛皮靠近轻小球，轻小球被排斥，则该轻小球带正电。
故答案为：带电体能够吸引轻小物体；正。
根据带电体能够吸引轻小物体分析静电除尘的原理。人们规定，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电。
记住正电荷和负电荷的规定。掌握电荷间的作用。
排斥的物体带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，可能带电体吸引不带电体。
四、计算题（本大题共6小题，共43.0分）
73. 有甲、乙两个电阻，它们的 关系图象如图所示： 74. ①电阻 甲 ______ ；
75. ②电阻乙的阻值随电压的增大而______；
76. ③如果串联接在一个电源上，当甲两端电压为2V时，则电
源电压为______V；
77. ④如果并联接在1V的电路中， 则电路的总电流为______ A。78. 79. 80. 【答案】5 增大 3
【解析】解：
由图知甲的电流与电压成正比，当甲的电压为2V时，通过它的电路为 ， 由欧姆定律可得： 甲
甲 甲 ；
由图乙可知，电压增大时，乙的电流也增大，但电流变化小于电压变化，由欧姆定律可知其阻值变大，即：电阻乙的阻值随电压的增大而增大； 串联电路中电流处处相等，
所以串联在一个电源上时，两电阻的电流均为 ，此时乙两端电压为1V， 串联电路中电源电压等于各部分电路两端电压之和，
所以电源电压： 甲 乙 ；
并联电路中各支路两端电压与电源电压都相等，
并联接在1V的电路中，两电阻电压均为1V，此时甲的电流为 ，乙的电流 ， 并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以电路的总电流： 甲 乙 。
故答案为： ； 增大； 。
由图读出一组甲电阻的电压和电流值，由欧姆定律计算其电阻阻值； 由图中乙的电压和电流变化情况分别其阻值随电压变化的情况； 根据串联电路的电流特点，由图象找到乙的电流，由串联电路的电压特点可得电源电压； 根据并联电路的电压特点，由图象找到两电阻的电流，由并联电路的电流特点可得总电流。
本题考查对串联、并联电路特点的认识和理解以及欧姆定律的应用，关键是通过图象获取有用数据。
81. 如图所示，乒乓球漂浮在水面上，请画出乒乓球受到的重力G和浮力 浮的示意图。 82. 83. 84.
【答案】解：乒乓球所受浮力的方向是竖直向上的，从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出 浮；
乒乓球的重力与浮力大小相等，方向相反，作用点都在重心，同理做出重力的示意图，如图所示：
【解析】根据乒乓球漂浮在水面上，则可判断乒乓球受到的浮力与重力是一对平衡力，浮力方向竖直向上，重力方向竖直向下，浮力大小等于重力，作用点在球重心上；
根据力的示意图的做法，用一条带箭头的线段把浮力和重力的大小、方向、作用点分别表示出来。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。注意相等的力要画一样长。
85. 学习了光学知识后。李红对有关探究实验进行了回顾和思考：
86. 如图甲是“探究光的反射规律”的装置；将一可沿ON折转的白色硬纸板ABCD______
放置在平面镜上，让一束光紧贴硬纸板射向镜面上的O点。可在ABCD平面内看到反射光线。实验中使用可折转的硬纸板。除了能呈现光路外，另一个目的是探究______。 87. 如图乙是“探究平面镜成像特点”的装置；竖立的透明玻璃板下方放一把直尺。直尺
与玻璃板垂直；两支完全相同的蜡烛。A、B竖立于玻璃板两侧的直尺上。以A蜡烛为成像物体。实验中采用透明玻璃板代替平面镜。虽然成像不如平面镜清晰，但却能在观察到A蜡烛成像的同时，也能观察到B蜡烛。从而确定像的______，同时，比较了像和物的______关系。
【答案】垂直 探究反射光线、入射光线与法线是否在同一平面内 位置 大小 【解析】解：
在探究光的反射规律时，将白色硬纸板垂直放置在平面镜上，这样可以使反射光线和入射光线在硬纸板上呈现；
实验中使用可折转的硬纸板，除了能呈现光路外，通过向后折硬纸板，观察现象来探究反射光线、入射光线与法线是否在同一平面内。
在“探究平面镜成像特点”实验过程中，用透明的玻璃板代替平面镜，在物体一侧，既能看到蜡烛A的像，也能看到代替蜡烛A的蜡烛B，当蜡烛A的像和蜡烛B重合时，便于确定像的位置，从而便于比较物像大小。
故答案为： 垂直；探究反射光线、入射光线与法线是否在同一平面内； 位置；大小。 只有硬纸板和平面镜垂直，才能保证法线和平面镜垂直；
硬纸板可以显示光路，同时当把纸板向后缓慢旋转时，反射光线将会消失，所以证明了反射光线、法线、入射光线在同一平面内。
实验中用透明的玻璃板代替平面镜，同时能看到成像物体的像和镜后和像对比的物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系。
此题是探究光的反射定律的实验，考查了硬纸板在实验中的应用及摆放，要理解原因，并掌握规律。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
88. 小刚要测量一个电阻 的阻值，现只找到如下器材：一个电压不变的电源。三个阻值
已知的定值电阻 、 、 ，一个表盘数字已经模糊 但刻度清晰 的电压表，两个开关 、 ，导线若干。小刚要用这些器材测量 的阻值。
89. 他先将定值电阻 接入其设计的图所示电路中进行实验当闭合 、断开 时发现电
压表无示数，经检查电压表、电源均正常，且只有一处故障，下面列出的故障原因中，你认为可能的是______。 填写序号
90. A. 断路 短路 短路
91. 排除故障后，闭合开关 、 时电压表的指针偏转情况如图 甲 所示；闭合开关 、
分别替换 接入电路进行实验，断开 时电压表指针偏转情况如图 乙 所示。再用 、
当闭合开关 、断开 时电压表对应的指针偏转情况如图 丙 、 丁 所示。
92. ① 接入电路时 的测量值 ______ ， 接入电路时 的测量值 ______ ，
同理可以得出 接入电路时 的测量值 。 93. ②多次实验的目的是______。
94. ③待测电阻 的测量值为______ 保留一位小数 。 95.
【答案】B 20 求平均值减小误差
【解析】解： 电压表无示数，经检查电压表、电源均正常，且只有一处故障，则 A、 断路时，电压表测电源的电压，示数应接近电源的电压，不符合题意； B、 短路时，电压表测导线的电压，电压表无示数，符合题意；
C、 短路，电压表测电源的电压，示数应接近电源的电压，不符合题意；故选B。 当闭合开关 、 时，等效电路图如图1所示； 闭合开关 、断开 时，等效电路图如图2所示。
①测电源的电压时指针的偏转为28个格，
接入电路时， 两端电压对应指针偏转为19个格， 两端电压对应为 个格；
因串联电路各处的电流相等，则 ，
即
个格
个格
，解得 ；
同理：
接入电路时， 两端电压对应指针偏转为14个格， 两端电压对应为 个格，解得 ；
接入电路时， 两端电压对应指针偏转为10个格， 两端电压对应为 个格， ；
②多次实验的目的是求平均值减小误差； ③待测电阻测量值
。
故答案为： ； ① ；20；②求平均值减小误差；③ 。
电压表无示数可能是并联的部分短路和并联部分以外的部分断路，据此对选项进行分析即可得出答案。
由电路图可知，当闭合开关 、 时，电路为 的简单电路，电压表测电源的电压；闭合开关 、断开 时两电阻串联，电压表测 两端的电压；根据串联电路的分压特点结合电压表指针的位置即可求出待测电阻的阻值；本实验中为减小误差应多次测量求出平均值。 本题考查了电路故障的判断和实验中多次测量的目的等，关键是根据串联分压特点求出待测电阻的阻值，难点是电压表示数可以用指针偏转的格数来代替。
96. 建造设计师设计出了一种能漂浮在水中的城市，漂浮城市装有动力装置，可以移动，该
漂浮城市三角形建筑的主体结构是中空的，强风能从中通过，可以确保当飓风来临时，把飓风对建筑的破坏降至最低。漂浮城市的表面安装有太阳能电池板，接收太阳能的功率为 ，请回答下列问题：
97.
98. 假如某班级有40位中学生 每生质量约 从岸上进入漂浮城市参观，则漂浮城市
受到的浮力约增加多少？
1S99. 若三角形建筑空洞的面积为 ，某次飓风正好垂直于空洞的表面吹入，
流入空洞的空气质量是 ，该地的空气密度是 ，求飓风的风速。 100. 若电池板吸收的太阳能只用来提供推动漂浮城市前进所需的能量。漂浮城市受到的
水平方向的牵引力F随运动时间t的变化关系如图甲所示，漂浮城市运动速度v与时间t的关系如图乙所示。漂浮城市在匀速运动过程中，太阳能转化为机械能的效率为多少？ 【答案】解： 因为漂浮城市漂浮在水面上，
所以漂浮城市增加的浮力就是40位中学生的重力， 而 ， 所以漂浮城市增加的浮力为： 浮 。 由 得，空洞内空气的体积：
，
而空洞的面积为 ， 空气移动的距离：
， 由题意知，时间 ， 则飓风的风速：
；
根据运动速度v与时间t图象乙可知，漂浮城市做匀速直线运动， 其速度 ，所用时间 ， 由 得，漂浮城市运动的路程：
，
从F的大小与时间t的关系图象甲可知，50s到100s时，拉力 ，
则牵引力F做的功： 机 。
由 得，太阳能电池板接收的太阳能： 太 ， 则太阳能转化为机械能的效率：
。
太
机
答： 漂浮城市受到的浮力约增加 ； 飓风的风速 ；
漂浮城市在匀速运动过程中，太阳能转化为机械能的效率为 。
【解析】 漂浮城市漂浮在水面上，此时它所受到的浮力等于它的重力，当有40位中学生从岸上进入漂浮城市，则漂浮城市增加的浮力就是40位中学生的重力；
知道1s流入空洞的空气质量和空气密度，根据密度公式的变形公式 求出空洞内空气的体积，知道空洞的面积，可利用公式 计算空气移动的距离，又知道运动的时间，可利用公式 求出飓风的风速；
从速度v与时间t图象乙上看出，当50s到100s时漂浮城市做匀速直线运动，判断此时漂浮城市的运动速度和时间，根据速度公式的变形公式 求出漂浮城市运动的路程； 根据50s到100s时漂浮城市做匀速直线运动，从F的大小与时间t的关系图象甲知道拉力F的大小，从而可利用公式 计算拉力F做的功；
根据 的变形公式 求出太阳能电池板接收的太阳能，然后根据 求
太
机出太阳能转化为机械能的效率。
此题考查了物体漂浮时浮力的计算、速度的计算、功的计算和效率的计算，并且考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，然后结合相关公式进行计算求解，是中考的热点考题。
101.单刀双掷开关的符号是a、b两接线柱连通，，当刀板到上边时，刀板到下边时，
a、c两接线柱连通。如图所示的电路中，电源电压恒定，电流表的量程为 ，电
压表的量程为 ，定值电阻 ，滑动变阻器 上标有“ ”的字样。当单刀双掷开关S打到b位置且将滑片P置于A端时，电压表的示数为8V；当单刀双掷开关S打到c位置且滑片P置于中点时，滑动变阻器 的功率为 求： 102. 电源电压U；
103. 定值电阻 的阻值；
104. 电路接通，在确保电路元件安全的前提下，可通过开关的变化和滑动变阻器滑片的
调节改变电路的连接情况。试指出何时电路的总功率最小，何时电路的总功率最大并分别求出电路的最小功率和最大功率的数值。
【答案】解： 当开关S打到c位置及滑片的位置且滑片P在中点时， 与 串联，串联电路中电流处处相等，根据 可知：
电路中电流 ，
电源电压 ；
由图可知，当开关S打到b位置且滑片P在A端时，R0接入电路电阻最大且与 串联，根据串联电路的特点可知：
，
；
由图可知，当开关S打到b位置且滑片P在A端时， 接入电路电阻最大且与 串联，此时电路中的总电阻最大，电功率最小 小
，
当电路电流达到滑动变阻器允许通过的最大电流 大 ，电路总功率最大， 大 大 。
答： 电源电压为18V；
定值电阻 的阻值为 ；
电路的总功率最小是 ；最大功率是9W。
【解析】当开关S打到b位置且滑片P在A端时，定值电阻 与滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量 两端电压；
当开关S打到c位置及滑片的位置且滑片P在中点时，定值电阻 与滑动变阻器的一半串联，
电流表测量电路电流，电压表测量 两端电压。
根据开关S打到2位置及滑片的位置，可以得到滑动变阻器接入电路的电阻，已知滑动变阻器消耗的功率和电阻，可以得到电路电流；已知定值电阻 和滑动变阻器的阻值，可以得到串联电路总电阻，最后得到电源电压；
已知电源电压和开关S打到b位置且滑片P在A端时电压表示数，可以得到滑动变阻器两端电压；已知滑动变阻器两端电压和阻值，根据串联电路用电器两端电压与其阻值成正比得到 的阻值； 由
可知，在电源电压一定时，总电阻最大时功率最小；总电阻最小时功率最大。
结合电流表、电压表量程和滑动变阻器规格确定电路最小、最大功率。
此题是一道电学综合题，考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率的有关公式，计算过程复杂，熟悉基本规律，认真仔细解答，才能得到正确结果。
五、综合题（本大题共1小题，共3.0分）
105.小丽买了一盒纸盒包装的纯牛奶。
106. 她用满足要求的天平测盒和纯牛奶的质量，如图所示。盒和牛奶的总质量是______ g。
体验到用减小受力面积的方式______压强 选填107. 她把末端斜切的吸管轻易插入盒子，
“增大”或“减小”
108. 她用吸管吸牛奶时发现盒子瘪了，体验到______ 的存在。 109.
【答案】 增大 大气压强
【解析】解： 盒和牛奶的总质量 ； 把末端斜切的吸管在压力不变时，减小了受力面积，增大了压强；
吸管吸牛奶时，先吸走了管中的空气，使管内气压减小，牛奶在大气压的作用下进入管内，流入嘴中。
故答案为： ； 增大； 大气压强。 天平在读取时要将砝码质量与游码示数相加； 吸管的末端斜切是改变了受力面积，增大了压强； 吸牛奶是借助了大气压强的作用。
此题中主要通过关于牛奶的实例考查了三个方面的知识，一是天平的读数，二是减小压强，三是大气压强的存在，与生活联系密切，值得我们关注和了解。
六、作图题（本大题共1小题，共5.0分）
110.在图中标出通电螺线管磁感线的方向，并标出条形磁体B端的磁极极性。 111. 112. 113. 114.
【答案】解：电源左侧为正极，则电流由左侧流入螺线管，则由右手螺旋定则可知，通电螺线管右侧为N极，左侧为S极；
因外部磁感线总是由N极指向S极，则通电螺线管及永磁体间一定为异名磁极相对；故永磁体左侧为S极，右侧为N极；磁感线由通电螺线管指向永磁体； 故答案如图：
【解析】已知电源的正负极，则由右手螺旋定则可知通电螺线管的磁极，根据磁感线的特点可知出永磁体的磁极及磁感线的方向。 本题考查右手螺旋定则及磁感线的特点，要求熟练应用右手螺旋定则判断螺线管的磁极，并能熟记几种常见磁铁的磁感线形状。
七、实验探究题（本大题共1小题，共6.0分）
115.在如图所示的电路中，用电压表、电流表测电阻Rx阻值的实验中： 116. 将实验电路图补画完整。
117.
118. 闭合开关前，滑片P应滑至最______端；当滑片P移到某一位置时，电压表、电流
表的示数如下右图所示，则Rx的阻值为______ 。
119. 某同学在实验中，不小心将滑动变阻器损坏 不能使用了 ，一时又找不到其他变阻
器。此时该同学将滑动变阻器从电路中撤下后，假如还能测出Rx的阻值，那么，滑动变阻器损坏后，可能对实验结果的影响是______。
120. 为了克服上述缺点，除了换用新的滑动变阻器外，还有什么方法______。 【答案】右 无法实现多次测量，测量的误差大 改变电池节数
【解析】解： 电流表应串联接入电路中，电压表应并联在电阻的两端，如图：
；
由实物电路图知，闭合开关前，滑动变阻器阻值应调节至最大，即滑动变阻器滑片应在最右端；
由图知，电流表量程是～ ，最小分度值是 ，电流表示数 ；电压表量程是 ～ ，最小分度值是 ，电压表示数 ， 的阻值
。
滑动变阻器撤走以后，不能多次测量，实验只能得到一组数据，只有一个电阻值，误差
较大。
可以通过改变电池的节数，改变电阻两端的电压和通过的电流，完成多次测量，求电阻的平均值来减小误差。
故答案为： 如图； 右； ； 无法实现多次测量，测量的误差大； 改变电池节数。
电流表应串联接入电路中，电压表应并联在电阻的两端；
连接电路时，为保护电路，开关应断开；滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值。由图乙确定电表量程与最小分度值，然后读出电表读数，最后由欧姆定律求出电阻阻值。
撤走滑动变阻器，实验只能得到一组数据，会出现较大的误差。 可以通过改变电池的节数来改变电压，完成多次测量，减小误差。
本题考查了电压表和电流表的连接方式和正确读数、电阻的计算、滑动变阻器的作用、在伏安法测定值电阻阻值实验中，完成多次测量的两种方法。
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