广西柳州市2011届高三物理毕业班第一次模拟考试题旧人教版

2011年柳州市一模物理试题

二、选择题（本题共8小题，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）

14. 右图为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于ｎ＝４的激发态，当向n ∞ 低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光. 关于这些光下列说法正确的是

4 Ａ．这些氢原子总共可辐射出6种不同频率的光

3 Ｂ．能量最小的光是由ｎ＝２能级跃迁到ｎ＝１能级产生的

2 Ｃ．最容易表现出衍射现象的光是由ｎ＝４能级跃到ｎ＝3能级产生的

Ｄ．用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34ｅＶ的金属不能发生光电效应

1

15.下列说法中正确的是

A．一定质量的气体温度不变，压强增大时，其体积也增大 B．一定质量的气体被压缩时，气体压强不一定增大 C．气体压强是由气体分子间的斥力产生的

D．在完全失重的情况下，密闭容器内的气体对器壁没有压强

16．如图所示，用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体，静止时弹簧的伸长量为L.现把该弹簧上端固定在一升降机的上顶板，下端与一质量为2m小球相连.设在某一段时间内小球与升降机相对静止且弹簧的伸长量仍是L，则在此段时间内升降机可能是

A． 向上做加速度为g的减速运动 B． 向上做加速度为

En/eV 0 -0.85 -1.51 -3.4 -13.6 1g的减速运动 21g的加速运动 2C． 向下做加速度为g的加速运动 D． 向下做加速度为

17．在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形abcd，顶点a处固定一个正点电荷、c处固定一个负点电荷，电荷量相等，如图所示．下列说法正确的是 A．沿a到c场强先增大后减小 B．沿b到d场强先增大后减小 C．沿a到c电势一直降低

D．沿b到d电势一直降低

18.图甲为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置为x=1 m处的质点，Q是平衡位置为x=4 m处的质点，图乙为质点Q的振动图象，则

A. 该波沿x轴负方向传播

B. t=0.15 s时，质点Q的加速度达到负向最大

C. t=0.15 s时，质点P的运动方向沿y轴正方向

1

D. 从t=0.10到t=0.25 s，质点P通过的路程为30 cm

19．已知地球质量是月球质量的81倍，地球半径是月球半径的3.8倍.已知某一近地卫星绕地球运动的周期为1.4小时，由此估算在月球上发射“近月卫星”的环绕周期约为（只考虑月球对卫星的引力）

A．1.0小时 B.1.6小时 C.2.1小时 D.3.0小时 20.如图所示，垂直于纸面向外的匀强磁场分布在等腰直角三角形内，它的底边在x轴上且长为2L，高为L．纸面内一边长为L的正方形导线框沿x轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t=0时刻恰好位于图中所示的位置．以顺时针方向为导线框中电流的正方向，在下面四幅图中能够正确表示电流——位移（I—x）关系的是

21.如图所示，两个平面镜之间的夹角为60，若把一物体放在两平面镜的角平分线上，则物体成像的个数有

A.3个 B.4个 C.5个 D.6个

22．（8分）一额定功率为0.01W的电阻，其阻值不详.用欧姆表粗测其阻值结果如图所示（挡位在×1K）.现有下列器材,试设计适当的电路，选择合适的器材，较精确地测定其阻值（滑动变阻器对电压调节从0开始）. A.电流表，量程0~400A，内阻约150Ω

B．电流表，量程0~10mA，内阻约45Ω C．电压表，量程0~3V，内阻约6kΩ， D．电压表，量程0~15V，内阻约30kΩ E．直流稳压电源，输出电压24V，额定电流0.5A F．滑动变阻器，0~50，1A G．滑动变阻器，0~4k，0.1A H．开关一个，导线若干

①欧姆表测得的电阻值约为 Ω；

2 0

O 600

②电流表应该选择 ，电压表应该选择 ,滑动变阻器最好选择 .（填字母代号） ③在方框中画出电路原理图.

23.(10分)某探究学习小组的同学欲探究恒力做功与物体动能变化的关系，他们在实验室组装了一套如图所示的装置.他们找到的实验器材还有：打点计时器所用的学生电源一台、天平、刻度尺、导线、复写纸、纸带、小桶和沙子若干.将小车连接上纸带，用细线通过滑轮挂上小沙桶.

（1）某同学的实验步骤如下：用天平称量小车的质量M和沙与桶的总质量m.让沙桶带动小车加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距，分别算出这两点的速度.

①本实验要使系统受到的摩擦力的影响降到最小，需要平衡摩擦力，该同学应如何操作？

答： . ②本实验认为小车所受的合外力等于沙与桶的重力，则该控制的实验条件是什么？

答： . （2）在实验操作正确的前提下，若挑选的一条点迹清晰的纸带如图所示，已知相邻两个点间的时间间隔为T，从A点到B、C、D、E、F点距离依次为s1、s2、s3、s4、s5（图中未标出s3、s4、s5）.则由此可求得纸带上由B点到E点所对应的过程中，合外力对小车做的功W＝ ；该小车动能改变量的表达式ΔEk＝ （结果用题中已知物理量的符号表示）；若满足 ，则动能定理得证.

24.（15分）质点做直线运动的v-t图象如图所示，规定向右为正方向. （1）画出质点在前8s内的a-t图线； （2）求质点在前8s内的平均速度.

3

25.（18分）如图所示， 1和2是放在水平地面上的两个小物块（可视为质点），与地面的滑动摩擦因数相同，两物块间的距离d =170 m ，它们的质量分别为m1=2 kg、m2=3 kg．现令它们分别以初速度v1=10 m/s和v2=2 m/s相向运动，经过时间t=20 s，两物块相碰，碰撞时间极短，碰后两者粘在一起运动．求： （1）两物块相碰前瞬间的速度大小；

（2）从刚碰后到停止运动过程中损失的机械能．

26.(21分)如图所示，在平面直角坐标系中有一个垂直纸面向里的圆形匀强磁场，其边界过原点O和y轴上的点a（0，L）.一个质量为m、电荷量为e的电子从a点以初速度v0平行于x轴正方向射入磁场，并从x轴上的b点射出磁场，此时速度方向与x轴正方向的夹角为60°.不计电子重力. 求： （1）电子在磁场中运动的半径R及时间t； （2）磁场区域的圆心坐标;

（3）若在电子到达b点时撤掉磁场的同时在第四象限加入一大小

24mv00

E方向与x轴正方向成30的匀强电场，如图所示，则电子离开电场

eL通过y轴的坐标.

4

物理参考答案

一、选择题

题号 答案 14 AC 15 B 16 BD 17 BC 18 A 19 B 20 D 21 C 二、实验题

4

22.（共8分） （1）4×10 2分 (2) A D F 各1分 (3)3分 23.（共10分，每空2分）

（1）①调节木板倾角，使小车恰能匀速下滑 ②Mm

2 （2） mg(S4S1) M[(S5S3)2S2WEk )28T24．（15分）（1）设0~1s，1s~5s，5s~8s这三段时间的加速度分别为a1, a2, a3.

由图可得

a1,=2 m/s2 2分, a2= -1 m/s2, 2分， a32m/s2 2分. 图 4分

3 由此可画出前8s内的a-t图线，如图所示.

(2)由v-t图像可知质点前8s内的运动的位移为

s13215(2)2m 2分

22 vs20.25m/s 2分 平均速度大小为t80.25m/s ,方向向左. 1分

25.（18分）

（1）因为两物块始终作减速运动，有可能出现在相碰前有物块停止运动，故应进行讨论.先假定在时间t内，都未停下. 以a表示此加速度的大小.现分别以s1和s2表示它们走的路程，则有

11s1v1tat2 ① s2v2tat2 ② s1s2d ③

222解(1)、(2)、(3)三式并代入有关数据得a0.175m/s ④

v1at6.5m/s ⑤ 经过时间t，两物块的速度分别为v1v2at1.5m/s ⑥ v2 5

为负值是不合理的，因为物块是在摩擦力作用下作减速运动，当速度减少至零时，摩 v2不可为负. v2为负，表明物块2经历的时间小于t时已经擦力消失，加速度不复存在，v22停止运动.在时间t内，物块2停止运动前滑行的路程应是 s2v2 ⑦

2a 解①、 ③、⑦式，代入有关数据得a0.20m/s2 ⑧

6m/s ⑨ 而物块2的速度 由⑤、⑥式求得刚要发生碰撞时物块1的速度v10 ⑩ v2(m1m2)v (11) （2）设v为两物块碰撞后的速度，由动量守恒定律有m1v1v2.4m/s

刚碰后到停止运动过程中损失的机械能E1(m1m2)v2 (12) 2由(11)、(12)并代入数据得E14.4J (13)

第（1）问10分，讨论得出第（7）式得6分，（8）式2分，（9）（10）式各1分;第（2）问8分,(11)(12)式各3分，（13）式2分.

26.（21分）

0

解：（1）电子的轨迹半径为R，由几何知识，Rsin30=R-L,得R=2L. （1） 2分 电子在磁场中运动时间t 而T1T （2） 2分 62R （3） 1分 v02L （4） 2分 3v0得t （2）设磁场区域的圆心坐标为（x,y） 其中xOb13Rcos300L （5） 2分 222 yOaL （6） 2分 22 6

所以磁场圆心坐标为（

3LL，） （7） 1分 22 （3）电子进入电场做类平抛运动从y轴上的c点射出，如图所示. ROcsin300 其中a12at （8） 2分 2eE （9） 1分 m0 OdOccos30v0t （10） 2分

由（1）（8）（9）（10）联立得 Oc43L （11） 而OcOOOcL43L73L （12） 故坐标为（0, 73L）

2分 1分 1分 7