2020年-2021年2020年陕西省中考数学试卷

2020年~2021年最新

陕西省中考数学试卷

一、选择题（共10小题，每小题3分，共30分） 1．（3分）（2019•陕西）计算：(3)0( ) A．1

B．0

C．3

1D．

32．（3分）（2019•陕西）如图，是由两个正方体组成的几何体，则该几何体的俯视图为

( )

A． B． C． D．

3．（3分）（2019•陕西）如图，OC是AOB的角平分线，l//OB，若152，则2的度数为( )

A．52

B．54

C．64

D．69

4．（3分）（2019•陕西）若正比例函数y2x的图象经过点O(a1,4)，则a的值为( ) A．1

B．0

C．1

D．2

5．（3分）（2019•陕西）下列计算正确的是( ) A．2a23a26a2 C．(ab)2a2b2

B．(3a2b)26a4b2 D．a22a2a2

6．（3分）（2019•陕西）如图，在ABC中，B30，C45，AD平分BAC交BC

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于点D，DEAB，垂足为E．若DE1，则BC的长为( )

A．22 B．23 C．23

D．3

7．（3分）（2019•陕西）在平面直角坐标系中，将函数y3x的图象向上平移6个单位长度，则平移后的图象与x轴的交点坐标为( ) A．(2,0)

B．(2,0)

C．(6,0)

D．(6,0)

8．（3分）（2019•陕西）如图，在矩形ABCD中，AB3，BC6，若点E，F分别在AB，CD上，且BE2AE，DF2FC，G，H分别是AC的三等分点，则四边形EHFG的面

积为( )

A．1

B．

3 2C．2 D．4

9．（3分）（2019•陕西）如图，AB是O的直径，EF，EB是O的弦，且EFEB，EF与AB交于点C，连接OF，若AOF40，则F的度数是( )

A．20

B．35

C．40

D．55

10．（3分）（2019•陕西）在同一平面直角坐标系中，若抛物线yx2(2m1)x2m4与

yx2(3mn)xn关于y轴对称，则符合条件的m，n的值为( ) A．m185，n B．m5，n6

77C．m1，n6 D．m1，n2

二、填空题（共4小题，每小题3分，共12分）

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111．（3分）（2019•陕西）已知实数，0.16，3，，25，34，其中为无理数的是 ．

212．（3分）（2019•陕西）若正六边形的边长为3，则其较长的一条对角线长为 ． 13．（3分）（2019•陕西）如图，D是矩形AOBC的对称中心，A(0,4)，B(6,0)，若一个反比例函数的图象经过点D，交AC于点M，则点M的坐标为 ．

14．（3分）（2019•陕西）如图，在正方形ABCD中，AB8，AC与BD交于点O，N是AO的中点，点M在BC边上，且BM6．则PMPN的最大值为 ． P为对角线BD上一点，

三、解答题（共78分）

115．（5分）（2019•陕西）计算：2327|13|()2

216．（5分）（2019•陕西）化简：(a28aa2 2)2a2a4a2a17．（5分）（2019•陕西）如图，在ABC中，ABAC，AD是BC边上的高．请用尺规作图法，求作ABC的外接圆．（保留作图痕迹，不写作法）

18．（5分）（2019•陕西）如图，点A，E，F在直线l上，AEBF，AC//BD，且ACBD，求证：CFDE．

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19．（7分）（2019•陕西）本学期初，某校为迎接中华人民共和国建国七十周年，开展了以“不忘初心，缅怀革命先烈，奋斗新时代”为主题的读书活动．校德育处对本校七年级学生四月份“阅读该主题相关书籍的读书量”（下面简称：“读书量” )进行了随机抽样调查，并对所有随机抽取学生的“读书量”（单位：本）进行了统计，如图所示：

根据以上信息，解答下列问题：

（1）补全上面两幅统计图，填出本次所抽取学生四月份“读书量”的众数为 ． （2）求本次所抽取学生四月份“读书量”的平均数；

（3）已知该校七年级有1200名学生，请你估计该校七年级学生中，四月份“读书量”为5本的学生人数．

20．（7分）（2019•陕西）小明利用刚学过的测量知识来测量学校内一棵古树的高度．一天下午，他和学习小组的同学带着测量工具来到这棵古树前，由于有围栏保护，他们无法到达古树的底部B，如图所示．于是他们先在古树周围的空地上选择一点D，并在点D处安装了测量器DC，测得古树的顶端A的仰角为45；再在BD的延长线上确定一点G，使DG5米，并在G处的地面上水平放置了一个小平面镜，小明沿着BG方向移动，当移动带点F时，他刚好在小平面镜内看到这棵古树的顶端A的像，此时，测得FG2米，小明眼睛与地面的距离EF1.6米，测倾器的高度CD0.5米．已知点F、G、D、B在同一水平直线上，且EF、CD、AB均垂直于FB，求这棵古树的高度AB．（小平面镜的大小忽略不计）

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21．（7分）（2019•陕西）根据记录，从地面向上11km以内，每升高1km，气温降低6C；又知在距离地面11km以上高空，气温几乎不变．若地面气温为m(C)，设距地面的高度为x(km)处的气温为y(C)

（1）写出距地面的高度在11km以内的y与x之间的函数表达式；

（2）上周日，小敏在乘飞机从上海飞回西安途中，某一时刻，她从机舱内屏幕显示的相关数据得知，飞机外气温为26C时，飞机距离地面的高度为7km，求当时这架飞机下方地面的气温；小敏想，假如飞机当时在距离地面12km的高空，飞机外的气温是多少度呢？请求出假如当时飞机距离地面12km时，飞机外的气温．

22．（7分）（2019•陕西）现有A、B两个不透明袋子，分别装有3个除颜色外完全相同的小球．其中，A袋装有2个白球，1个红球；B袋装有2个红球，1个白球． （1）将A袋摇匀，然后从A袋中随机取出一个小球，求摸出小球是白色的概率； （2）小华和小林商定了一个游戏规则：从摇匀后的A，B两袋中随机摸出一个小球，摸出的这两个小球，若颜色相同，则小林获胜；若颜色不同，则小华获胜．请用列表法或画出树状图的方法说明这个游戏规则对双方是否公平．

23．（8分）（2019•陕西）如图，AC是O的一条弦，AP是O的切线．作BMAB并与

AP交于点M，延长MB交AC于点E，交O于点D，连接AD．

（1）求证：ABBE；

（2）若O的半径R5，AB6，求AD的长．

24．（10分）（2019•陕西）在平面直角坐标系中，已知抛物线L:yax2(ca)xc经过点

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A(3,0)和点B(0,6)，L关于原点O堆成的抛物线为L．

（1）求抛物线L的表达式；

（2）点P在抛物线L上，且位于第一象限，过点P作PDy轴，垂足为D．若POD与AOB相似，求复合条件的点P的坐标．

25．（12分）（2019•陕西）问题提出：

（1）如图1，已知ABC，试确定一点D，使得以A，B，C，D为顶点的四边形为平行四边形，请画出这个平行四边形； 问题探究：

（2）如图2，在矩形ABCD中，AB4，BC10，若要在该矩形中作出一个面积最大的BPC，且使BPC90，求满足条件的点P到点A的距离；

问题解决：

（3）如图3，有一座草根塔A，按规定，要以塔A为对称中心，建一个面积尽可能大的形状为平行四边形的草根景区BCDE．根据实际情况，要求顶点B是定点，点B到塔A的距离为50米，CBE120，那么，是否可以建一个满足要求的面积最大的平行四边形景区BCDE？若可以，求出满足要求的平行四边形BCDE的最大面积；若不可以，请说明理

由．（塔A的占地面积忽略不计）

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2019年陕西省中考数学试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（共10小题，每小题3分，共30分） 1．（3分）计算：(3)0( ) A．1

B．0

C．3

D．13

【考点】零指数幂

【分析】直接利用零指数幂的性质计算得出答案． 【解答】解：(3)01． 故选：A．

2．（3分）如图，是由两个正方体组成的几何体，则该几何体的俯视图为( )

A． B． C． D．【考点】简单组合体的三视图

【分析】找到从上面看所得到的图形即可．

【解答】解：从上往下看，所以小正方形应在大正方形的右上角． 故选：D．

3．（3分）如图，OC是AOB的角平分线，l//OB，若152，则2的度数为(

A．52

B．54 C．64 D．69

)

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【考点】平行线的性质

【分析】依据平行线的性质以及角平分线的定义，即可得到BOC64，再根据平行线的性质，即可得出2的度数． 【解答】解：l//OB， 1AOB180， AOB128， OC平分AOB， BOC64，

又l//OB，且2与BOC为同位角， 264，

故选：C．

4．（3分）若正比例函数y2x的图象经过点O(a1,4)，则a的值为( ) A．1

B．0

C．1

D．2

【考点】一次函数图象上点的坐标特征

【分析】由正比例函数图象过点O，可知点O的坐标满足正比例函数的关系式，由此可得出关于a的一元一次方程，解方程即可得出结论．

【解答】解：正比例函数y2x的图象经过点O(a1,4)， 42(a1)，解得：a1．

故选：A．

5．（3分）下列计算正确的是( ) A．2a23a26a2 C．(ab)2a2b2 【考点】整式的混合运算

【分析】根据各个选项中的式子可以计算出正确的结果，本题得以解决． 【解答】解：2a23a26a4，故选项A错误，

B．(3a2b)26a4b2 D．a22a2a2

(3a2b)29a4b2，故选项B错误， (ab)2a22abb2，故选项C错误， a22a2a2，故选项D正确，

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故选：D．

6．（3分）如图，在ABC中，B30，C45，AD平分BAC交BC于点D，DEAB，垂足为E．若DE1，则BC的长为( )

A．22 B．23 C．23

D．3

【考点】角平分线的性质

【分析】过点D作DFAC于F如图所示，根据角平分线的性质得到DEDF1，解直角三角形即可得到结论．

【解答】解：过点D作DFAC于F如图所示，

AD为BAC的平分线，且DEAB于E，DFAC于F， DEDF1，

在RtBED中，B30，

BD2DE2，

在RtCDF中，C45， CDF为等腰直角三角形， CD2DF2， BCBDCD22，

故选：A．

7．（3分）在平面直角坐标系中，将函数y3x的图象向上平移6个单位长度，则平移后的图象与x轴的交点坐标为( ) A．(2,0)

B．(2,0)

C．(6,0)

D．(6,0)

【考点】一次函数图象与几何变换

【分析】根据“上加下减”的原则求得平移后的解析式，令y0，解得即可．

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【解答】解：由“上加下减”的原则可知，将函数y3x的图象向上平移6个单位长度所得函数的解析式为y3x6， 此时与x轴相交，则y0， 3x60，即x2，

点坐标为(2,0)，

故选：B．

8．（3分）如图，在矩形ABCD中，AB3，BC6，若点E，F分别在AB，CD上，且

BE2AE，DF2FC，G，H分别是AC的三等分点，则四边形EHFG的面积为( )

A．1

B．

3 2C．2 D．4

【考点】：矩形的性质；平行四边形的判定与性质

【分析】由题意可证EG//BC，EG2，HF//AD，HF2，可得四边形EHFG为平行四边形，即可求解．

【解答】解：BE2AE，DF2FC，G、H分别是AC的三等分点



CF1AE1 ，

DF2BE2AG1CH1， GC2AH2AEAG BEGCEG//BC



EGAE1，且BC6 BCAB3EG2，

同理可得HF//AD，HF2

四边形EHFG为平行四边形，且EG和HF间距离为1

S四边形EHFG212， 故选：C．

9．（3分）如图，AB是O的直径，EF，EB是O的弦，且EFEB，EF与AB交于

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点C，连接OF，若AOF40，则F的度数是( )

A．20

B．35

C．40

D．55

【考点】圆周角定理；圆心角、弧、弦的关系

【分析】连接FB，得到FOB140，求出EFB，OFB即可． 【解答】解：连接FB．

AOF40，

FOB18040140， 1FEBFOB70

2EFEB

EFBEBF55， FOBO，

OFBOBF20， EFOEBO，

EFOEFBOFB35，

故选：B．

10．（3分）在同一平面直角坐标系中，若抛物线yx2(2m1)x2m4与

yx2(3mn)xn关于y轴对称，则符合条件的m，n的值为( ) A．m185，n B．m5，n6

77C．m1，n6 D．m1，n2

【考点】二次函数图象与几何变换

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【分析】根据关于y轴对称，a，c不变，b变为相反数列出方程组，解方程组即可求得． 【解答】解：抛物线yx2(2m1)x2m4与yx2(3mn)xn关于y轴对称， 2m13mnm1，解之得，

2m4nn2故选：D．

二、填空题（共4小题，每小题3分，共12分）

111．（3分）已知实数，0.16，3，，25，34，其中为无理数的是 2 3，，34 ．【考点】立方根；算术平方根；无理数

【分析】无理数就是无限不循环小数．理解无理数的概念，一定要同时理解有理数的概念，有理数是整数与分数的统称．即有限小数和无限循环小数是有理数，而无限不循环小数是无理数．由此即可判定选择项．

1【解答】解：255，、0.16是有理数；

2无理数有3、、34． 故答案为：3、、34．

12．（3分）若正六边形的边长为3，则其较长的一条对角线长为 6 ． 【考点】正多边形和圆

【分析】根据正六边形的性质即可得到结论． 【解答】解：如图所示为正六边形最长的三条对角线，

由正六边形性质可知，AOB，COD为两个边长相等的等边三角形， AD2AB6，

故答案为6．

13．（3分）如图，D是矩形AOBC的对称中心，A(0,4)，B(6,0)，若一个反比例函数的图3象经过点D，交AC于点M，则点M的坐标为 (，4) ．

2

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【考点】反比例函数图象上点的坐标特征；矩形的性质；中心对称

【分析】根据矩形的性质求得C(6,4)，由D是矩形AOBC的对称中心，求得D(3,2)，设反比例函数的解析式为yk，代入D点的坐标，即可求得k的值，然后根据反比例函数图象x上点的坐标特征即可求得M点的坐标． 【解答】解：C(6,4)，

A(0,4)，B(6,0)，

D是矩形AOBC的对称中心，

D(3,2)，

设反比例函数的解析式为yk326，

反比例函数的解析式为yk， x6， x把y4代入得463，解得x， x23故M的坐标为(，4)．

23故答案为(，4)．

214．（3分）如图，在正方形ABCD中，AB8，AC与BD交于点O，N是AO的中点，点

M在BC边上，且BM6．P为对角线BD上一点，则PMPN的最大值为 2 ．

【考点】轴对称最短路线问题；正方形的性质

【分析】作以BD为对称轴作N的对称点N，连接PN，MN，依据

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可得当P，取“”，再求得PMPNPMPNMN，N三点共线时，M，

CMCN1，

BMAN3即可得出PM//AB//CD，CMN90，再根据△NCM为等腰直角三角形，即可得到CMMN2．

【解答】解：如图所示，作以BD为对称轴作N的对称点N，连接PN，MN， 根据轴对称性质可知，PNPN，

PMPNPMPNMN，

当P，M，N三点共线时，取“”， 正方形边长为8， AC2AB82，

O为AC中点， AOOC42，

N为OA中点， ON22， ONCN22， AN62，

BM6，

CMABBM862，



CMCN1 BMAN3PM//AB//CD，CMN90， NCM45，

△NCM为等腰直角三角形，

CMMN2，

即PMPN的最大值为2， 故答案为：2．

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三、解答题（共78分）

115．（5分）计算：2327|13|()2

2【考点】实数的运算；负整数指数幂

【分析】直接利用立方根的性质以及负指数幂的性质和绝对值的性质分别化简得出答案． 【解答】解：原式2(3)314 13．

16．（5分）化简：(a28aa2 2)2a2a4a2a【考点】分式的混合运算

【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，同时利用除法法则变形，约分即可得到结果．

(a2)28aa(a2)【解答】解：原式[

(a2)(a2)a2(a2)2a(a2) (a2)(a2)a2a．

17．（5分）如图，在ABC中，ABAC，AD是BC边上的高．请用尺规作图法，求作ABC的外接圆．（保留作图痕迹，不写作法）

【考点】等腰三角形的性质；三角形的外接圆与外心；作图复杂作图

【分析】作线段AB的垂直平分线，交AD于点O，以O为圆心，OB为半径作O，O即

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为所求．

【解答】解：如图所示：O即为所求．

18．（5分）如图，点A，E，F在直线l上，AEBF，AC//BD，且ACBD，求证：CFDE．

【考点】全等三角形的判定与性质

【分析】根据平行线的性质得到CAFDBE，证明ACFBDE，根据全等三角形的性质证明结论． 【解答】证明：

AEBF，

AEEFBFEF，即AFBE，

AC//BD， CAFDBE，

在ACF和BDE中， ACBDCAFDBE， AFBEACFBDE(SAS) CFDE．

19．（7分）本学期初，某校为迎接中华人民共和国建国七十周年，开展了以“不忘初心，缅怀革命先烈，奋斗新时代”为主题的读书活动．校德育处对本校七年级学生四月份“阅读

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该主题相关书籍的读书量”（下面简称：“读书量” )进行了随机抽样调查，并对所有随机抽取学生的“读书量”（单位：本）进行了统计，如图所示：

根据以上信息，解答下列问题：

（1）补全上面两幅统计图，填出本次所抽取学生四月份“读书量”的众数为 3 ． （2）求本次所抽取学生四月份“读书量”的平均数；

（3）已知该校七年级有1200名学生，请你估计该校七年级学生中，四月份“读书量”为5本的学生人数．

【考点】众数；用样本估计总体；加权平均数；条形统计图；扇形统计图 【分析】（1）根据统计图可知众数为3； （2）平均数31182213124553；

318211266120（人)． 60（3）四月份“读书量”为5本的学生人数1200【解答】解：（1）根据统计图可知众数为3，

故答案为3； （2）平均数31182213124553；

318211266120（人)， 60（3）四月份“读书量”为5本的学生人数1200

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答：四月份“读书量”为5本的学生人数为120人．

20．（7分）小明利用刚学过的测量知识来测量学校内一棵古树的高度．一天下午，他和学习小组的同学带着测量工具来到这棵古树前，由于有围栏保护，他们无法到达古树的底部如图所示．于是他们先在古树周围的空地上选择一点D，并在点D处安装了测量器DC，B，

测得古树的顶端A的仰角为45；再在BD的延长线上确定一点G，使DG5米，并在G处的地面上水平放置了一个小平面镜，小明沿着BG方向移动，当移动带点F时，他刚好在小平面镜内看到这棵古树的顶端A的像，此时，测得FG2米，小明眼睛与地面的距离EF1.6米，测倾器的高度CD0.5米．已知点F、G、D、B在同一水平直线上，且EF、

（小平面镜的大小忽略不计） CD、AB均垂直于FB，求这棵古树的高度AB．

【考点】解直角三角形的应用仰角俯角问题；相似三角形的应用

【分析】过点C作CHAB于点H，则CHBD，BHCD0.5．解RtACH，得出AHCHBD，那么ABAHBHBD0.5．再证明EFG∽ABG，根据相似三角形

对应边成比例求出BD17.5，进而求出AB即可． 【解答】解：如图，过点C作CHAB于点H， 则CHBD，BHCD0.5． 在RtACH中，ACH45， AHCHBD，

ABAHBHBD0.5．

EFFB，ABFB，

EFGABG90．

由题意，易知EGFAGB， EFG∽ABG，



EFFG1.62即， ABBGBD0.55BD解之，得BD17.5，

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AB17.50.518(m)．

这棵古树的高AB为18m．

21．（7分）根据记录，从地面向上11km以内，每升高1km，气温降低6C；又知在距离地面11km以上高空，气温几乎不变．若地面气温为m(C)，设距地面的高度为x(km)处的气温为y(C)

（1）写出距地面的高度在11km以内的y与x之间的函数表达式；

（2）上周日，小敏在乘飞机从上海飞回西安途中，某一时刻，她从机舱内屏幕显示的相关数据得知，飞机外气温为26C时，飞机距离地面的高度为7km，求当时这架飞机下方地面的气温；小敏想，假如飞机当时在距离地面12km的高空，飞机外的气温是多少度呢？请求出假如当时飞机距离地面12km时，飞机外的气温． 【考点】一次函数的应用

【分析】（1）根据气温等于该处的温度减去下降的温度列式即可； （2）根据（1）的结论解答即可．

【解答】解：（1）根据题意得：ym6x；

（2）将x7，y26代入ym6x，得26m42，m16

当时地面气温为16C

x1211，

y1661150(C)

假如当时飞机距地面12km时，飞机外的气温为50C．

22．（7分）现有A、B两个不透明袋子，分别装有3个除颜色外完全相同的小球．其中，A袋装有2个白球，1个红球；B袋装有2个红球，1个白球．

（1）将A袋摇匀，然后从A袋中随机取出一个小球，求摸出小球是白色的概率； （2）小华和小林商定了一个游戏规则：从摇匀后的A，B两袋中随机摸出一个小球，摸出

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的这两个小球，若颜色相同，则小林获胜；若颜色不同，则小华获胜．请用列表法或画出树状图的方法说明这个游戏规则对双方是否公平． 【考点】列表法与树状图法；游戏公平性 【分析】（1）P（摸出白球）2； 3（2）由上表可知，共有9种等可能结果，其中颜色不相同的结果有4种，颜色相同的结果有5种P（颜色不相同）4545，P（颜色相同），这个游戏规则对双方不公平

9999【解答】解：（1）共有3种等可能结果，而摸出白球的结果有2种

P（摸出白球）2； 3（2）根据题意，列表如下：

A B 白1 白2 红 红1 （白1，红1) （白2，红1) （红，红1) 红2 （白1，红2) （白2，红2) （红，红2) 白 （白1，白） （白2，白） （白1，白） 由上表可知，共有9种等可能结果，其中颜色不相同的结果有4种，颜色相同的结果有5种

P（颜色不相同）45 9945，P（颜色相同） 99这个游戏规则对双方不公平

23．（8分）如图，AC是O的一条弦，AP是O的切线．作BMAB并与AP交于点M，延长MB交AC于点E，交O于点D，连接AD． （1）求证：ABBE；

（2）若O的半径R5，AB6，求AD的长．

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【考点】切线的性质；相似三角形的判定与性质

【分析】（1）根据切线的性质得出EAM90，等腰三角形的性质MABAMB，根据等角的余角相等得出BAEAEB，即可证得ABBE； （2）证得ABC∽EAM，求得CAME，AM即可证得ADAM【解答】（1）证明：EAM90，

BAEMAB90，AEBAMB90．

48． 548，由DC，求得DAMD，5AP是O的切线，

又ABBM，

MABAMB， BAEAEB， ABBE

（2）解：连接BC AC是O的直径， ABC90

在RtABC中，AC10，AB6， BC8，

BEABBM， EM12，

由（1）知，BAEAEB， ABC∽EAM

CAME，

EMAM， ACBC即

12AM， 10848 5AM又DC，

DAMD

ADAM48． 5

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24．（10分）在平面直角坐标系中，已知抛物线L:yax2(ca)xc经过点A(3,0)和点B(0,6)，L关于原点O堆成的抛物线为L．

（1）求抛物线L的表达式；

（2）点P在抛物线L上，且位于第一象限，过点P作PDy轴，垂足为D．若POD与AOB相似，求复合条件的点P的坐标．

【考点】二次函数综合题

【分析】（1）将点A、B的坐标代入抛物线表达式，即可求解； （2）分POD∽BOA、OPD∽AOB两种情况，分别求解．

9a3(ca)c0a1【解答】解：（1）将点A、，解得：， B的坐标代入抛物线表达式得：c6c6L:yx25x6

（2）点A、B在L上的对应点分别为A(3,0)、B(0,6)，

设抛物线L的表达式yx2bx6，

将A(3,0)代入yx2bx6，得b5，

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抛物线L的表达式为yx25x6，

A(3,0)，B(0,6)， AO3，OB6，

设：P(m，m25m6)(m0)， PDy轴，

点D的坐标为(0,m25m6)，

PDm，ODm25m6，

RtPOD与RtAOB相似，

①POD∽BOA时，

PDOD，即m2(m25m6)， OBOA解得：m3或4； 2②当OPD∽AOB时， 同理可得：m1或6；

P1、P2、P3、P4均在第一象限，

符合条件的点P的坐标为(1,2)或(6,12)或(23,43)或(4,2)．

25．（12分）问题提出：

（1）如图1，已知ABC，试确定一点D，使得以A，B，C，D为顶点的四边形为平行四边形，请画出这个平行四边形； 问题探究：

（2）如图2，在矩形ABCD中，AB4，BC10，若要在该矩形中作出一个面积最大的BPC，且使BPC90，求满足条件的点P到点A的距离；

问题解决：

（3）如图3，有一座草根塔A，按规定，要以塔A为对称中心，建一个面积尽可能大的形状为平行四边形的草根景区BCDE．根据实际情况，要求顶点B是定点，点B到塔A的距离为50米，CBE120，那么，是否可以建一个满足要求的面积最大的平行四边形景区BCDE？若可以，求出满足要求的平行四边形BCDE的最大面积；若不可以，请说明理

由．（塔A的占地面积忽略不计）

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【考点】四边形综合题

【分析】（1）利用平行四边形的判定方法画出图形即可．

（2）以点O为圆心，OB长为半径作O，O一定于AD相交于P点P1，P2两点，1，P2即为所求．

（3）可以，如图所示，连接BD，作BDE的外接圆O，则点E在优弧BD上，取BED的中点E，连接EB，ED，四边形BCDE即为所求． 【解答】解：（1）如图记为点D所在的位置．

（2）如图，

AB4，BC10，取BC的中点O，则OBAB．

以点O为圆心，OB长为半径作O，

O一定于AD相交于P1，P2两点，

连接BP，PO，BPC90，点P不能再矩形外； 1，PC11BPC的顶点P1或P2位置时，BPC的面积最大，

作PEBC，垂足为E，则OE3， 1AP1BEOBOE532，

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由对称性得AP28．

（3）可以，如图所示，连接BD，

A为BCDE的对称中心，BA50，CBE120，

BD100，BED60

作BDE的外接圆O，则点E在优弧BD上，取BED的中点E，连接EB，ED， 则EBED，且BED60，△BED为正三角形．

连接EO并延长，经过点A至C，使EAAC，连接BC，DC，

EABD，

四边形ED为菱形，且CBE120，

作EFBD，垂足为F，连接EO，则EFEOOAEOOAEA， SBDE11BDEFBDEAS22EBD，

S平行四边形BCDES平行四边形BCDE2SEBD1002sin6050003m2

所以符合要求的BCDE的最大面积为50003m2．