化隆回族自治县外国语学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

一、选择题

1． 如图所示，虚线是小球由空中某点水平抛出的运动轨迹，A、B 为其运动轨迹上的两点。小球经过A点时，速度大小为10 m/s、与竖直方向夹角为60°；它运动到B点时速度方向与竖直方向夹角为30°。不计空气阻力，重力加速度取10m/s²，下列叙述正确的是

A. 小球通过B点的速度为12m/s B. 小球的抛出速度为5m/s

C. 小球从A点运动到B点的时间为1s D. A、B之间的距离为6m 【答案】C

【解析】根据速度的分解与合成可得小球平抛运动的初速度为：B点的速度为：

，小球通过

，故AB错误；根据速度的分解与合成可得小球在A点时竖直分速度为：

，在B点的竖直分速度为：

，则小球从A点到B点的时间为：

，故C正确；根据速度位移公式可得A、B之间的竖直距离为：

，A、B间的水平距离为：

，故D错误。所以C正确，ABD错误。

2． 质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位），则该质点（ ） A. 第1s内的位移是5m B. 前2s内的平均速度是6m/s

C. 任意相邻的1s 内位移差都是1m D. 任意1s内的速度增量都是2m/s 【答案】D

3． 如图所示，电压表看作理想电表，电源电动势为E，内阻为r，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片由左端

，则A、B之间的距离为：

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向右端滑动时（灯丝电阻不变），下列说法正确的是 A．灯泡L1变暗 B．小灯泡L2变亮 C．电容器带电量减小 D．电压表读数变大 【答案】CD

4． 下列选项不符合历史事实的是（ ） A、富兰克林命名了正、负电荷

B、库仑在前人工作的基础上通过库仑扭秤实验确定库仑定律 C、麦克斯韦提出电荷周围存在一种特殊的物质--电场 D、法拉第为了简洁形象描述电场，提出电场线这一辅助手段 【答案】C

5． 在如图所示的点电荷Q的电场中，一试探电荷从A点分别移动到B、C、D、E各点，B、C、D、E在以Q为圆心的圆周上，则电场力

A. 从A到B做功最大 B. 从A到C做功最大 C. 从A到E做功最大 D. 做功都一样大 【答案】D

【解析】试题分析：由点电荷的电场分布特点可知，B、C、D、E四点位于对场源电荷为圆心的同一个圆上，即位于同一等势面上，将试探电荷从A点移到同一等势面上电场力做功相等，所以只有选项D正确； 考点：等势面、静电力做功

6． 远距离输电中，发电厂输送的电功率相同，如果分别采用输电电压为输电。则两种情况中，输电线上通过的电流之比I1∶I2等于（ ） A．1∶1 B．3∶1 C．1∶3 D．9∶1 【答案】B 【解析】由公式

和输电电压为

n1U1I2可知B对； n2U2I17． 如图所示，在真空中匀强电场的方向竖直向下，匀强磁场的方向垂直纸面向里，三个油滴a、b、c带有等量同种电荷，其中a静止，b向左做匀速直线运动，c向右做匀速直线运动。比较它们所受的重力ma、mb、mc间的关系，正确的是

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A．ma最大 B．mb最大 C．mc最大 D．mc最小

【答案】BD

【解析】 a球受力平衡，有mag=qE，重力和电场力等值、反向、共线，故电场力向上，由于电场强度向下，故球带负电，b球受力平衡，有mbg=qvB+qE；c球受力平衡，有mcg+qvB=qE，解得：mb>ma>mc，故选BD。 8． 在日光灯的连接线路中，关于启动器的作用，以下说法正确的是（ ） A．日光灯启动时，为灯管提供瞬时高压 B．日光灯正常工作时，起降压限流的作用

C．起到一个自动开关的作用，实际上可用一个弹片开关代替（按下接通，放手断开） D．以上说法均不正确 【答案】C

【解析】镇流器的作用是在日光灯启动时，为灯管提供瞬时高压，在日光灯正常工作时，起降压限流的作用 所以AB错误。启动器起到一个自动开关的作用，实际上可用一个弹片开关代替（按下接通，放手断开） 9． 下列物理量属于矢量的是 A. 电势 B. 电势能 C. 电场强度 D. 电动势 【答案】C

【解析】电势、电势能和电动势只有大小无方向，是标量；电场强度既有大小又有方向，是矢量，故选C. 10．图示为一正弦式交变电流的电流i随时间t变化的图象，由图可知，这个交流电的

A. 有效值为10V B. 频率为50Hz

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C. 有效值为【答案】B

D. 频率为0.02Hz

【解析】根据图象可知，交流电的最大电流为10A，周期为0.02s，频率为：D错误；电流有效值：

，故AC错误。所以B正确，ACD错误。

，故B正确，

11．如图所示，一个原来不带电的半径为r的空心金属球放在绝缘支架上，右侧放置一个电荷量为+Q的点电荷，点电荷与金属球球心处在同一水平线上，且点电荷到金属球表面的最近距离为2r。达到静电平衡后，下列说法正确的是

A. 金属球左边会感应出正电荷，右边会感应出负电荷，所以左侧电势比右侧高 B. 左侧的正电荷与右侧负电荷电量相等

C. 点电荷Q在金属球球心处产生的电场场强大小为D. 感应电荷在金属球球心处产生的电场场强为零 【答案】BC

【解析】由于静电感应，则金属球左边会感应出正电荷，右边会感应出等量的负电荷；静电平衡的导体是一个等势体，导体表面是一个等势面，所以金属球左、右两侧表面的电势相等．故A错误，B正确；点电荷Q在金属球球心处产生的电场场强大小为

，选项C正确；金属球内部合电场为零，电荷+Q与感应

电荷在金属球内任意位置激发的电场场强都是等大且反向，所以金属球上感应电荷在球心激发的电场强度不为0，故D错误；故选BC.

点睛：处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面．且导体是等势体. 12．如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地。在两极板间有一个固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，Ep表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角。若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则 A．θ增大，E增大 B．θ增大，Ep不变 C．θ减小，Ep增大 D．θ减小，E不变 【答案】D

13．一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a随时间t变化的

图线如图所示，以竖

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直向上为a的正方向，则人对地板的压力

A．t＝2 s时最小 B．t＝2 s时最大 C．t＝6 s时最小 D．t＝8.5 s时最大 【答案】B 【

解析】

14．将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v﹣t图象如图所示。以下判断正确的是

A．前2 s内货物处于超重状态

B．第3 s末至第5 s末的过程中，货物完全失重 C．最后2 s内货物只受重力作用

D．前2 s内与最后2 s内货物的平均速度和加速度相同 【答案】A

【解析】A．在前2 s内，图象的斜率为正，加速度为正方向，说明加速度向上，货物处于超重状态，故A正确；B．第3 s末至第5 s末的过程中，货物匀速运动，重力等于拉力，B错误；C、最后2 s内，加速度为

v06m/s23m/s2≠g，故货物并不是只受重力，故C错误。D．前2 s内货物做匀加速直线运动，t20406m/s=2m/s，最后2 s内货物的平均速度为vm/s=3m/s，故D错误。故选A。 平均速度为v22a15．（多选）如图所示，A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB＝BC＝CD，E点在D点的正上方，与A等高。从E点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，

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关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程（ ）

A．球1和球2运动的时间之比为2∶1 B．球1和球2动能增加量之比为1∶2 C．球1和球2抛出时初速度之比为22∶1 D．球1和球2运动时的加速度之比为1∶2 【答案】BC 【解析】

二、填空题

16．在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx约200Ω，，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测量电路中电流表的连接方式如图甲或图乙所示，结果由公式

计算得出，公式中U与I分别为电压表和

电流表的示数。若将用图甲和图乙电路图测得Rx的电阻值分别记为Rx1和Rx2，则______（填“Rx1”或“Rx2”） 真实值。真更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx1_______（填“大于”“等于”或“小于”）测量值Rx2_____ （填“大于”“等于”或“小于”）真实值。

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（2）图丙所示是消除伏安法系统误差的电路图。该实验的第一步是闭合开关S1，将开关，2接2，调节滑动变阻器Rp′和Rp，使得电压表的示数尽量接近满量程，读出此时电压表和电流表的示数U1、I1。接着让两滑动变阻器的滑片位置不动，将开关S2接1，再次读出电压表和电流表的示数U2、I2，则待测电阻R的真实值为__________。 【答案】 （1）. 【解析】（1）因为

（2）. 大于 （3）. 小于 （4）.

，电流表应采用内接法，则R x1更接近待测电阻的真实值，电流表采用内接法，电

压的测量值偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值大于真实值，同理电流表采用外接法，电流的测量值偏大，由欧姆定律可知，测量值Rx2小于真实值。 （2）由欧姆定律得：

，

，联立可得：

。

17．（1）在做“探究平抛运动的规律”实验时，下列操作正确的是（ ） A．通过调节使斜槽的末端保持水平 B．每次释放小球的位置可以不同

C．使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些 D．将记录小球位置的纸取下后，用直尺依次将各点连成折线

（2）图6所示为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为4. 9cm，每秒钟闪光10次，小球平抛运动的初速度是 m/s，当地的重力加速度大小是 m/s

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【答案】（1）AC（2）1.47m/s

18．某待测电阻Rx的阻值约为20Ω，现要测量其阻值， 实验室提供器材如下：

A．电流表A1（量程150mA，内阻r1约10Ω） B．电流表A2（量程20mA，内阻r2=30Ω） C．定值电阻R0=100Ω

D．滑动变阻器R，最大阻值为5Ω E．电源E，电动势E=4V（内阻不计） F．开关S及导线若干

①根据上述器材完成此实验，测量时要求电表读数不得小于其量程的1/3，请你在虚线框内画出测量Rx的实验原理图（图中元件用题干中相应英文字母符号标注）。

②实验时电流表A1的读数为I1，电流表A2的读数为I2，用已知和测得的物理量表示Rx= 。 【答案】 I2(Ror2)R x I  I （2分）

12 （4分）

三、解答题

19．如图所示，光滑的水平面AB与半径R=0.4m的光滑竖直半圆轨道BCD在B点相切，D点为半圆轨道最高点， A右侧连接一粗糙．用细线连接甲、乙两物体，中问夹一轻质压缩弹簧，弹簧甲、乙两物体不拴接，甲质量为m1=4kg，乙质量m2=5kg，甲、乙均静止．若固定乙，烧断细线，甲离开弹簧后经过进入，过D时对压力恰好零．取g=10m/s2，甲、乙两物体均可看作质，求：

（1）甲离开弹簧后经过B时速度大小vB；

（2）弹簧压缩量相同情况下，若固定甲，烧断细线，乙物体离开弹簧后从A进入动摩擦因数μ=0.4的粗糙水平面，则乙物体在粗糙水平面上运动位移S． 【答案】（1）25m/s（2）2m

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vD2【解析】（1）甲在最高点D，由牛顿第二定律得：m1g＝m1，

R11设甲离开弹簧运动至D点的过程中机械能守恒得：m1vB2＝m1g•2R+m1vD2．

22代入数据联立解得：vB＝25m/s．

20．如图所示，一质量m＝0.4 kg的小物块，以v0＝2 m/s的初速度，在与斜面某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t＝2 s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L＝10 m。已知斜面倾角θ＝30°，物块与斜面之间的动摩擦因数μ＝

3

。重力加速度g取10 m/s2。 3

（1）求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小；

（2）拉力F与斜面夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？

【审题探究】

①从A到B，做什么运动？满足什么规律？

②拉力F的大小与F和斜面夹角α的关系式是怎样的？

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【答案】（1）3 m/s2 8 m/s （2）30° 【解析】

133

N 5

（2）设物块所受支持力为F，所受摩擦力为F，拉力与斜面间的夹角为α，受力分析如图所示

Nf

由牛顿第二定律得

Fcos α－mgsin θ－F＝ma⑤ f

Fsin α＋F－mgcos θ＝0⑥

N

又F＝μF⑦

fN联立⑤⑥⑦式得

mg（sin θ＋μcos θ）＋maF＝⑧

cos α＋μsin α由数学知识得

323cosα＋sin α＝sin （60°＋α）⑨

33由⑧⑨式可知对应F最小时与斜面间的夹角 α＝30°⑩

联立③⑧⑩式，代入数据得F的最小值为

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Fmin＝

133 N。 5

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