您的当前位置:首页正文

重庆市巫山中学2014-2015学年上学期高二年级期末考试数学试卷(理科)

2020-01-18 来源:步旅网
 重庆市巫山中学2014-2015学年上学期高二年级期末考试数学试卷(理科)

满分150分 时间120分钟

一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的,请将正确选项答在机读卡上) 1.直线2xy30在x轴上的截距为( ) A.232 B. C. D.2

52322

2.命题“∀x∈R,x-2x+4≤0”的否定为( ) A.∀x∈R,x-2x+4≥0 C.∃x∈R,x-2x+4>0

2

B.∀xR,x-2x+4≤0

2

D.∃xR,x-2x+4>0

2

3.几何体的三视图如图所示,则此几何体的侧面积是( )

A.

26 B.2 C.210 D.7

4.已知

11的是( ) 0,则下列结论错误..

abB.

A.a2b2

ba2 abC.abb2 D.lga2lg(ab)

5.设表示平面,a,b表示两条不同的直线,给定下列四个命题:

(1)a//,abb,(2)a//b,ab,(3)a,abb//

(4)a,ba//b其中正确的是( )

A.(1)(2) B.(2)( 4) C.(3)(4) D.(2)(3)

6.经过双曲线的一个焦点作垂直于实轴的直线,交双曲线与A,B两点,交双曲线的渐近线

1

于P,Q两点,若PQ2AB,则双曲线的离心率是( ) A.2 B.3 C.2223223 D. 237.已知x0,y0,若2y8xm2m)xy0恒成立,则实数m的取值范围是 A.2m4 B.4m2 C.2m4 D.4m4

8.用一个与圆柱母线成60角的平面截圆柱,截口为一个椭圆,则该椭圆的离心率为( ) A.

0

2211 B. C. D. 23231

D.y=x+1

2

9.光线沿直线y=2x+1射到直线y=x上,被y=x反射后的光线所在的直线方程为( ) 11111

A.y=x-1 B.y=x- C.y=x+

22222

210.抛物线y2px(p>0)的焦点为F,已知点A、B为抛物线上的两个动点,且满足AFB120.过弦AB的中点M作抛物线准线的垂线MN,垂足为N,则最大值为 ( ) A.

二、填空题(本大题共5个小题,每小题5分,共25分,请将正确答案写在答题卡上) 11.不等式|x+3|+|x-2|≥7的解集为_______;

12.棱长为3的正方体内有一个球,与正方体的12条棱都相切,则该球的体积为 ; 13.在坐标平面内,与点A(1,2)距离为1,且与点B(3,1)距离为2的直线共 有 条;

|MN|的|AB|233 B. 1 C. D. 2 33x2y21上一动点P,与圆(x1)2y21上一动点Q,及圆A.已知椭圆43(x1)2y21上一动点R,则PQPR的最大值为 ; 15.过抛物线y=4x的焦点作直线与其交于M、N两点,作平行四边形MONP, 则点P的轨迹方程为________.

三、解答题(本大题共6个小题,共75分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤) 16.(本小题满分13分)如图将长AA33,宽AA13的矩形沿长的三等分线处折叠成

2

'2

一个三棱柱,如图所示:

(1)求异面直线PQ与AC所成角的余弦值 (2)求三棱锥A1APQ的体积

17.(本小题满分13分)已知圆x+y-6x-8y+21=0和直线kx-y-4k+3=0.

(1)若直线和圆总有两个不同的公共点,求k的取值集合

(2)求当k取何值时,直线被圆截得的弦最短,并求这最短弦的长.

18.(本小题满分12分)设命题p:实数x满足x-4ax+3a<0,其中a>0.

x-x-6≤0, 命题q:实数x满足2

x+2x-8>0.

2

2

2

2

2

(1)当a=1,且p∧q为真,求实数x的取值范围; (2)若p是q的必要不充分条件,求实数a的取值范围.

19.(本小题满分12分)设A、B是抛物线y2=2px(p>0)上的两点,满足OA⊥OB(O 为坐标原点).

求证:(1)A、B两点的横坐标之积为4p; (2)直线AB经过一个定点.

20.(本小题满分13分)如图,在底面是菱形的四棱锥PABCD中,点E在PD上,且满

2∶1,PAAB2,PA底面ABCD,ABC60 足PE∶ED2(1)在棱PC上是否存在一点F,使BF(2)求二面角PAEC的余弦值

3

0平面AEC,若存在,求出PF的长度

aby2x221.(本小题满分12分)以椭圆C:221(ab0)的中心O为圆心,以为半2ab径的圆称为该椭圆的“伴随”. 已知椭圆的离心率为(1) 求椭圆C及其“伴随”的方程;

(2) 过点P0,m作“伴随”的切线l交椭圆C于A, B两点, 记AOB(O为坐标原点)的面积为SAOB, 将SAOB表示为m的函数, 并求SAOB的最大值.

13,且过点(,3).

224

2016级理科数学参考答案

一、选择题: ACACB DACBA 二、填空题:

11.{x|x4或x3} 12.92 13. 2 14. 6 15.y24(x2) 三、解答题:

16.解:(1)由已知,三棱柱ABCA1B1C1为直三棱柱,PB1,QC2 在B1B上取一点D,使得B1D1,连结A1D,C1D,

所以,A11D11D中,cosAC1DC1D2,AC113,在ΔAC3 4所以直线PQ与AC所成的夹角的余弦值为

3 4(2)VA1APQVQA1AP1311133 SΔA1APSΔA1AP(33)3222242

2

17.解:(1)已知圆的方程为(x-3)+(y-4)=4,其圆心(3,4)到直线kx-y-4k+3=0的距离为|3k44k31k2||k1|1k2.

直线和圆总有两个不同的公共点,所以

|k1|1k2<2,即(k+1)<4(1+k),

22

即3k-2k+3>0.而3k-2k+3=3(k-

22

128)+>0恒成立.所以k的取值集合为R 33(方法二:直线过定点(4,3),可以判断点(4,3)在圆的内部,从而确定直线和圆总有两个不同的公共点,所以k的取值集合为R)

(2)由于当圆心到直线的距离最大时,直线被圆截得的弦最短, 而d=

|k1|1k2(k1)22k1k212122,当且仅当k=1时,“=”成

k21k1k1立,即k=1时,dmax=2.

故当k=1时,直线被圆截得的弦最短,该最短弦的长为22(2)22

(注:由(1)可以确定圆心到直线的距离最大为圆心与点(4,3)的距离,从而确定最短弦;

5

22

在上面的解法中对k的分类讨论用对勾函数求解也可.) 18.解 (1)由x-4ax+3a<0,得a0).

当a=1时,1x-x-6≤0,由2

x+2x-8>0,

2

2

2

解得2若p∧q为真,则p真且q真,所以实数x的取值范围是{x|2A={x|x2-4ax+3a2<0,a>0}={x|a0},B=

2

x-x-6<0,x2

x+2x-8>0



={x|2根据题意可得 BA ,则03,即119.证明:(1)设A(x1,y1)、B(x2,y2),则y1=2px1、y2=2px2. ∵OA⊥OB, ∴x1x2+y1y2=0, y1y2=4px1x2=4p·(-y1y2). ∴y1y2=-4p,从而x1x2=4p也为定值. (2)∵y1-y2=2p(x1-x2), ∴

2

22

2

2

2

2

2

2

2

y1y22p=.

x1x2y1y22y2p2p2p ∴直线AB的方程为y-y1= (x-x1), 即y=x-·1+y1,

y1y2y1y2y1y22p y=

yy2p2px+12, 亦即y=(x-2p).

y1y2y1y2y1y2 ∴直线AB经过定点(2p,0).

20.解:连结BD与AC相交于点O,以O为原点,OC为x轴,OD为y轴 建立空间直角坐标系Oxyz

则O(0,0,0) ,A(1,0,0),B(0,3,0),C(1,0,0),D(0,3,0),P(1,0,2).

2232132CP(2,0,2),DE(,,),AE(,,),AC(2,0,0),AP(0,0,2),

333333设棱PC上一点F ,CFCP(01),所以BFBCCF(12,3,2)

6

所以F为PC的中点时,BF平面AEC,并且此时PF2 (2)设平面PAE的法向量为n(x2,y2,z2) nAP0n(3,1,0) {nAE0nm1cosn,m

4nm故二面角PAEC的余弦值为1 43, 则a=2b, 221.解析:(1) 椭圆C的离心率为

y2x2 设椭圆C的方程为2+2=1 „„„„„2分

4bb

∵椭圆C过点(,3),∴

12311, 4b24b2 ∴b1,a2 „„„„„.„„„..4分

y2x21, ∴椭圆C的标准方程为422 椭圆C的“伴随”方程为xy1. „„„..6分

(2) 由题意知,|m|1.

易知切线l的斜率存在,设切线l的方程为ykxm,

ykxm,222由y2得(k4)x2kmxm40 „„„..8分 2x14设A, B两点的坐标分别为(x1,y1), (x2,y2), 则

m242kmx1x22, x1x22.

k4k4

又由l与圆x+y=1相切, 所以22

|m|k2+17

=1, k2=m2-1.

所以|AB|=1+k2(x1+x2)2-4x1x2 =4k2m24(m2-4)43|m| „„10分 (1+k)[2-]=222(k+4)k+4m+32

SAOB23m1, m1. AB22m323231(当且仅当m3时取等号) 33m2mmmSAOB所以当m3时,SAOB的最大值为1. „„„..12分

8

因篇幅问题不能全部显示,请点此查看更多更全内容