第25讲 数论综合2
内容概述
进位制的概念、四则运算法则及整数在不同进位制之间的转化,利用恰当的进位制解数论问题.取整符号[]与取小数部分符号{}的定义与基本性质,包含这两种符号的算式与方程的求解.两次与分式不定方程,不便直接转化为不定方程的数论问题.各种数论证明题.
典型问题
1.算式1534×25=43214是几进位制数的乘法?
【分析与解】 注意到尾数,在足够大的进位制中有乘积的个位数字为4×5=20,但是现在为4,说明进走20-4=16,所以进位制为16的约数:16、8、4、2.
因为原式中有数字5,所以不可能为4,2进位,而在十进制中有1534×25=38350<43214,所以在原式中不到10就有进位,即进位制小于10,于是原式为8进制.
2.求方程19[x]-96{x}=0的解的个数.
【分析与解】 有{x}为一个数的小数部分,显然小于1,则96{x}小于96,而19[x]=96{x},
96所以19[x]小于96,即[x]小于19,又[x]为整数,所以[x]可以取0,1,2,3,4,5,对应有6组
解.
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96191919952,3,4,51948322496为原方程的解. 进一步计算有0,1,
3.一个自然数与自身相乘的结果称为完全平方数.已知一个完全平方数是四位数,且各位数字均小于7.如果把组成它的数字都加上3,便得到另外一个完全平方数.求原来的四位数.
【分析与解】 设这个四位数为abcdm………………………………… ①
2每位数字均加3,并且没有进位,为
2(a+3)(b+3)(c+3)(d+3)n …………………………………………………②
22有②-①得:3333=nm=(n-m)(n+m) ………………………………③
将3333分解质因数,有3333=3×11×101,其有(1+1)(1+1)(1+1)=8个约数,但是有n+m>n-m,所以只有4种可能满足题意,一一考察,如下表:
如上表,只有1156,4489满足,即原来这个四位数为1156.
14.将6表示成两个自然数的倒数之和,请给出所有的答案.
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111ab6,化简有(a-6)(b-6)=62=2×2×3×3, 【分析与解】 设有
111ABt (t为己知常数)的解法及解的个数. 评注:形如
111ABt (t为已知常数)类问题,可以通过计算,转化为(A-t)×(B-t)= t2;
t2B=t22a我们t将分解质因数后,再令(A-t)其中一个为t的一个约数(A-t)=a,那么A=a+t,则
(t为已知常数),
Aatt2Bta所以,一般公式为 (a为t的一个约数);
x+12设t的约数有x个,则A、B有2组(调换顺序算一种).
A2t.B2t注意有一组解A、B相等,就是
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5.在给定的圆周上有2000个点.任取一点标上数1;按顺时针方向从标有1的点往后数2个点,在第2个点上标上数2;从标有2的点再往后数3个点,在第3个点上标上数3;……;依此类推,直至在圆周上标出1993.对于圆周上的这些点,有的点可能标上多个数,有的点可能没有被标数.问标有数1993的那个点上标的最小数是多少?
【分析与解】 记标有1为第1号,序号顺时针的依次增大.当超过一圈时,编号仍然依次增加,如1号也是2001号,4001号,……
则标有2的是1+2号,标有3的是1+2+3号,标有4的是1+2+3+4,…,标有1993的是1+2+3+…+1993=1987021号.
1987021除以2000的余数为1021,即圆周上的第1021个点标为1993.
k(k1)那么1021+2000n=1+2+3+…+k=2,即2042+4000n=k(k+1).
当n=0时,k(k+1)=2042,无整数解;
当n=1时,k(k+1)=6042,无整数解;
当n=2时,k(k+1)=10042,无整数解;
当n=3时,k(k+1)=14042,有118×119=14042,此时标有118;
随着n的增大,k也增大.
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所以,标有1993的那个点上标出的最小数为118.
16.有些三位数,如果它本身增加3,那么新的三位数的各位数字的和就减少到原来三位数的3.求
所有这样的三位数.
【分析与解】 设这个三位数为abc,数字和为a+b+c,如果没有进位,那么abc3ab(c3),显然数字和增加了3,不满足,所以一定有进位,
1(abc)a(b1)(c310)abc3则+3=,数字和为0+(b+1)+(c+3-10)= ,则a+b+c=9,而
c+3必须有进位,所以c只能为7,8,9.
一一验,如下表:
验证当十位进位及十位、个位均进位时不满足.
所以,原来的三位数为207,117或108.
7.将某个17位数各位数字的排列顺序颠倒,再将得到的新数与原来的数相加.试说明,所得的和中至少有一个数字是偶数.
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【分析与解】 先假设和的各位数字全是奇数,设这个17位数为abcd,则a+d为奇数,b+c的和小于10,于是十位不向前进位,从而去掉前后各两个两位数字所得的13位数仍具有题述性质.
依次类推6次后,得到一位数,它与自身相加的和的个位数字必是偶数,矛盾.
即开始的假设不正确,所以和中至少有一个数字是偶数.
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