2017-2018学年湖南省长沙市雨花区南雅中学八年级（下）
期末物理试卷
1. 图中，物体的运动状态发生了变化的是( )
A.
悬停在空中的直升机
B.
绕地球飞行的“天宫一号”
C.
匀速直线上升的热气球
D.
匀速直行中的高铁列车
2. 2018世界杯于6月14日在俄罗斯莫斯科拉开帷幕，在足球赛场涉及很多物理知识。
下列说法中正确的是( )
A. 踢出的足球受到惯性的作用会继续运动，且速度越大惯性越大 B. 给正在飞行的足球再踢一脚，足球一定会运动得更快 C. 足球在空中飞行时，没有力对它做功
D. 运动员踢出的香蕉球旋转这前进时能绕过人墙，是因为流体压强与流速有关
3. 一名普通的八年级中学生，对自己的估算最接近亊实的是( )
A. 双脚站立时对地压强约为500Pa
B. 他在空气中受到的浮力约为129𝑁(空气密度为1.29𝑘𝑔/𝑚3)
C. 他从1楼跑到3楼用了10s，他在上楼过程中的平均功率约为200W
D. 从地上拿起一本物理书，放在课桌上，在这过程中，人对鸡蛋做的功约为100J
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4. 为了方便市民的出行，我市2017年在城区投放了共享单车(如
图)，也成为市区的又一道风景线。下列关于共享单车的说法中不正确的是( )
A. 把手上的花纹是为了增大接触面积，从而增大摩擦力 B. 马鞍形状的软座垫可以减小人所受的压强
C. 单车在速度逐渐减小的过程中受到地面的支持力不变 D. 在骑行过程中，要利用地面的摩擦力才能前进
5. 如图所示，木块a放在粗糙水平桌面上，木块b放在木块a
上面，在水平拉力F作用下一起向右做匀速直线运动，空气阻力不计，下列判断正确的是( )
A. 拉力F和a受到的摩擦力大小不相等 B. b在水平方向上不受力
C. a受到的重力和地面对a的支持力是一对平衡力 D. b在水平方向上受到向左的摩擦力
6. 如图所示的四个实例中，属于增大压强的是( )
A.
压路机的碾子很重
B.
书包的背带较宽
C.
螺丝钉上的垫圈
D.
坦克的履带很宽大
7. 如图为淮安市有轨电车某一车站的设计方案，与站
台连接的轨道为一个小的坡度，据工程师介绍：这样能有效的提高能量的利用率，下列说法中正确的是( )
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A. 电车进站时动能增大，势能减小 C. 电车出站时势能增大，动能减小
B. 电车出站时势能减小，动能增大 D. 电车进站时动能、势能不变
8. 2018年5月14日，川航重庆至拉萨3U8633航班在飞行期间出现挡风玻璃碎裂，
导致驾驶舱处于高空低温失压的状态，在空管和机组人员的冷静处理下，飞机安全迫降于成都双流机场。根据以上信息，下列说法正确的是( )
A. 飞机正常飞行时机翼上方空气流速比下方小，压强比下方小 B. 挡风玻璃碎裂后，驾驶舱内的气压和温度均会迅速下降 C. 飞机在下降过程中机械能保持不变 D. 系安全带可以防止惯性
9. 生活中处处有物理，下列说法中正确的是( )
A. 大型汽车有宽大的车轮，是为了减小对地面的压力 B. 高压锅运用了液体沸点随气压升高而降低的原理 C. 三峡船闸利用连通器的原理
D. 拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而减小
10. 如图甲所示的圆柱形容器中装有适量的某种液体，现将
密度为0.6×103𝑘𝑔/𝑚3的正方体木块A放入容器中，木块静止时露出液面的体积与浸入液体的体积之比为1：3；在木块上表面轻放一个物块𝐵(𝑉𝐴=2𝑉𝐵)，A的上表面刚
好与液面相平，如图乙所示。若将物块B单独放入此液体中，它静止时将( )
A. 悬浮 B. 漂浮 C. 沉底 D. 无法判断
11. 如图所示，O为杠杆的支点，第一次杠杆在重物G和力𝐹1的作用下处于水平位置平
衡。如果第二次杠杆在重物G和力𝐹2的作用下仍在图中位置保持平衡，下面关系中正确的是( )
A. 𝐹1>𝐹2 B. 𝐹1=𝐹2 C. 𝐹1<𝐹2<𝐺
D. 𝐹2>𝐹1>𝐺
12. 一个质量为70kg的工人，用图所示的装置(包括滑轮组及装
石板的托板)提升石板。已知托板重200N，每块石板重100N，绳能承受的最大拉力为800N，滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计。当工人在4s内匀速提升10块石板升高2m时，此装
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置的机械效率为80%.那么，该工人站在地面上用此装置提升石板的过程中，下列有关说法正确的是( )
A. 此装置动滑轮的质量是250kg
B. 该工人提升10块石板升高2m做的额外功一定是400J
C. 该工人在4s内提升10块石板升高2m的有用功率一定是1000W D. 此装置的机械效率最高可达到81.5%(结果保留1位小数)
13. “娃哈哈”牌矿泉水的瓶盖上刻有一道道竖直的条纹，其目的是______摩擦(选填
“增大”或“减小”)；用手握住矿泉水瓶竖立在空中静止不动，此时水瓶受到的______力和手对瓶的摩擦力是一对平衡力。
14. 2017国际滑联短道速滑世界杯上海站比赛受到市民的热情关注。如图所示，运动
员用力蹬地后便能加速向前，这是因为力的作用是______，此过程中，运动员的动能______(选填“增大”、“不变”或“减小”)。
15. 如图是我国战国时期的青铜汲酒器示意图，长柄上端与球形底部各开一小
孔a、𝑏.当汲酒器内充满酒水，向上提升长柄取酒时，应使开口a______(选填“闭合”或“打开”)，酒水不流出是由于______的作用。 16. 如图是同学们常用的燕尾夹，𝐴𝐵=𝐵𝐶，当用力摁住C
点打开该夹子时，可把______点看作支点，此时夹子可近似看作______杠杆(选填“省力”、“费力”或“等臂”)。
17. 将一由A和B构成、两端开口的玻璃制品的底部扎上薄橡皮膜，
做成容器。A、B的横截面积分别为𝑆𝐴和𝑆𝐵，且𝑆𝐴=2𝑆𝐵=20𝑐𝑚2(容器壁的厚度忽略不计)将容器固定在放有电子秤的铁架台上，使橡皮膜刚好与电子秤完全接触，且电子秤的示数为零。如图。往容器内缓慢倒入240g水后，水进入了容器中B部分，且在B内的高度为4cm，此时水的重力为______N，对容器底的压强为
______𝑃𝑎.接下来将一小合金块浸没在容器中最后沉底，B内水面上升了2cm，电子秤的读数增加了100g，则合金块的密度为______𝑘𝑔/𝑚3。 18. 在探究“二力平衡条件”的实验中，实验装置如图所
示：
(1)图中定滑轮所起的作用______；
(2)实验时，向左盘和右盘同时放入一个不等重的砝码，这是木块仍然保持静止状态，产生这一现象的原因是______，此时木块受到的力是______。(选填“平衡力”
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或“非平衡力”)。
(3)为了进一步实验，应将木块换成小车。并保持与相等，将小车扭转一个角度，松手后，小车将______，实验中设计这一步骤的目的是为了验证二力平衡时的两个力一定______。
19. 小华做“验证阿基米德原理”的实验中，用图(𝑎)所示的溢杯和小桶收集石块排开
的水，他的实验过程分别如图(𝑏)、(𝑐)、(𝑑)、(𝑒)所示。
(1)若图中四个测量值𝐹1、𝐹2、𝐹3、𝐹4满足关系______，该原理将得到验证。 (2)以下关于实验过程中的操作，会影响验证结果的是______。 A.图(𝑎)中溢杯内未盛满水。 B.图(𝑏)中小桶内有少量水。 C.图(𝑑)中石块未浸没水中。
20. 小明同学做“测量滑轮组机械效率”的实验，(如图所示)，用
相同的滑轮组提升不同数量的钩码，记录数据如表所示。
实验 次数 1 2 3 钩码的 重力𝐺/𝑁 2 4 6 钩码提升高度ℎ/𝑚 0.1 0.1 0.1 拉力 𝐹/𝑁 0.9 1.6 ① 绳端移动的 距离𝑠/𝑚 0.3 0.3 0.3 机械效率 𝜂 74% 83% ② (1)在实验过程中，应______拉动弹簧测力计；
(2)观察如图中测力计的示数，表格中编号①的数值是______，②的数值是______。
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(3)小明通过分析表格中的数据，得到了提高滑轮组机械效率的方法，汽车作为一种“机械”，提高效率对节能减排有重要意义，请你指出以下三种提高效率的方法中，方法______是与本实验同理的。
方法一：鼓励人们“拼车”出行，使汽车尽量装满人员。 方法二：汽车制造厂用新材料减轻汽车重量。 方法三：经常给汽车做保养，保持良好的润滑。 (4)分析表中数据，可知滑轮的机械效率与______有关。
21. 如图所示，在“研究物体动能与哪些因素有关”的实验中，将A、B、C三小球先
后从同一装置的ℎ𝐴、ℎ𝐵、ℎ𝐶高处滚下(𝑚𝐴=𝑚𝐵<𝑚𝐶,ℎ𝐴=ℎ𝐶>ℎ𝐵)推动纸盒运动
一段距离后静止。
(1)要研究动能与质量的关系，我们要选择______(选填“(𝑎)”“(𝑏)”或“(𝑐)”)两图来进行比较。
(2)从图中可以看出，A、B、C三个小球刚到达水平面时，______(选填“A”“B”或“C”)球的动能最大。
22. 阅读下文，回答文后问题
2018年6月15日，长沙石燕湖旅游区举办了一场全民龙舟赛，来自全省的8支队伍参与了此次比赛，以此方式迎接端午节的到来，此次全民龙舟赛采用环岛计时赛的形式进行。比赛当天，由全省各地游客自由组合而成的8支龙舟队伍参与了此次比赛。哨声响起，所有选手奋力挥桨向前冲去，并高声呐喊，龙舟是石燕湖旅游区的一项常规体验项的工作人员表歌路介绍，举办此次全民龙舟赛的目的在于让大众体会到赛龙舟的乐趣，重视传统文化习俗的传承与发扬推广请回答： 1)使船前进的力施力物体是______。
2)龙舟船底做成流线型，有什么作用？______。 3)船沿水平方向前进时，浮力对船有没有做功？______。
23. 无人驾驶汽车自动驾驶时使用雷达传感器和激光测距器来了解周围的交通状况。已
知汽车质量为1.2𝑡；四个轮胎与地面总接触面积为1.2×10−2𝑚2，正常行驶时其功率为4×104𝑊，求：
(1)汽车不载人时对地面的压强。
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(2)汽车以72𝑘𝑚/ℎ的速度在平直公路上匀速行驶20min，牵引力做了多少功，牵引力的大小是多少牛？
24. 如图所示，杠杆AB放在钢制圆柱体的正中央水平凹槽CD中，杠杆AB能以凹槽
两端的C点或D点为支点在竖直平面内转动，.细绳的一端系在杠杆的A端，另一端绕过动滑轮固定在天花板上，浸没在容器水中的物体E通过细绳挂在动滑轮的挂钩上，物体F通过细绳系在杠杆的B端。已知动滑轮的质量𝑚0=0.8𝐾𝑔，物体E的体积为6×10−3𝑚3，𝐴𝐶=𝐶𝐷=𝐷𝐵=0.2𝑚。杠杆、细绳的质量及摩擦均忽略不计，g取10𝑁/𝐾𝑔.打开阀门H将容器中的水逐渐放出，为使杠杆AB保持水平平衡，求：
(1)物体E浸没在水中时所受到的浮力的大小
(2)当在B端最多施加40N的竖直向下的拉力时，杠杆刚好被拉动，物体E的重力是多少牛？
(3)将E换成密度为𝜌=1.2×103𝑘𝑔/𝑚3的物体M，在B端撤去F，悬挂物体N，然后打开阀门H将容器中的水逐渐放出，杠杆AB始终保持水平平衡，物体N的最小质量m是多少千克？
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答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、悬停在空中的直升机，处于静止状态，其运动状态不变，不合题意； B、绕地球飞行的“天宫一号”其运行的轨道不是直线，即运动方向不断变化，所以其运动状态改变，符合题意；
C、匀速直线上升的热气球，其速度大小和方向都不变，故其运动状态不变，不合题意； D、匀速直行中的高铁列车，其速度大小和方向都不变，故其运动状态不变，不合题意。 故选：B。
物体的运动状态不发生改变的情况有两种：①静止；②匀速直线运动。若物体的运动速度或运动方向发生改变，都说明物体的运动状态发生了改变。
物体在平衡力的作用下，其运动状态不变，即保持静止状态或匀速直线运动状态。
2.【答案】D
【解析】解：
A、踢出去的足球，由于惯性，仍保持原来的运动状态，向前运动，而不是受到惯性，故A错误；
B、给正在运动的物体再施加一个力，若使合力方向与运动方向相反，则物体会比原来运动得更慢，故B错误；
C、足球离开脚继续飞行是因为足球具有惯性，不再受到脚力的作用；此时足球还受到重力的作用，在重力的作用下落到地面，重力对足球做功，故C错误；
D、足球在运动过程中，逐渐向一侧偏移，说明这一侧的压强小，另一侧的压强大，根据流体压强与流速的关系可知，这一侧空气流速快，另一侧空气流速慢，故D正确。 故选：D。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。
(2)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因，物体受平衡力，运动状态一定改变，物体运动状态改变，一定受非平衡力。
(3)物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。
(4)流体压强与流速的关系是：流速越大的位置，压强越小，在压强差的作用下，物体会向流速大的一面偏移。
本题考查了惯性、力和运动的关系及流体压强与流速的关系等知识的应用，体现了物理
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与社会生活的密切联系。
3.【答案】C
【解析】解：
A.普通中学生的体重在𝐺=500𝑁左右，双脚与地面的接触总面积在𝑆=400𝑐𝑚2=0.04𝑚2左右，
站立在水平地面上时对地的压强为𝑝=𝑆=大，故A不符合实际；
B.中学生的质量在50kg左右，密度在1.0×103𝑘𝑔/𝑚3左右， 由𝜌=可知，体积约为𝑉=
𝑉𝑚
𝑚𝜌
𝐹
𝐺𝑆
=0.04𝑚2=1.25×104𝑃𝑎，与500Pa相差太
500𝑁
=
50𝑘𝑔1.0×103𝑘𝑔/𝑚3
=0.05𝑚3，
他在空气中受到的浮力约为
，与129N相差太大，故B
不符合实际；
C.中学生的体重在𝐺=500𝑁左右，从1楼跑到3楼上升的高度约为ℎ=2×3𝑚=6𝑚，所用时间𝑡=10𝑠，
他在上楼过程中的功率约为𝑃=符合实际；
D.两个鸡蛋的重力大约1N，物理课本的重力与两个鸡蛋重差不多，课桌的高度约为ℎ=80𝑐𝑚=0.8𝑚，
从地上拿起一本物理书，放在课桌上，在这过程中，人对鸡蛋做的功约为𝑊=𝐺ℎ=1𝑁×0.8𝑚=0.8𝐽，与100J相差太大，故D不符合实际。 故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己的密度、正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
𝑊𝑡
=
𝐺ℎ𝑡
=
500𝑁×6𝑚
10𝑠
=300𝑊，与200W相差不大，故C
4.【答案】A
【解析】解：A、把手上的花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；
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B、马鞍形状的软座垫，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B正确； C、单车对地面的压力等于其重力，其重力不变，对地面的压力不变，根据力的作用的相互性可知，在速度逐渐减小的过程中受到地面的支持力不变。故C正确； D、单车在骑行时，主动轮受到向前的摩擦力(动力)，所以要利用地面的摩擦力才能前进。故D正确。 故选：A。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
(2)减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。 (3)根据力的作用的相互性分析解答；
(4)单车前轮摩擦力是阻力，而后轮摩擦力是动力。
本题以“共享单车”为内容，考查了有关压强、摩擦力的相关知识，属力学综合题，考查全面，值得关注。
5.【答案】B
【解析】 【分析】
本题主要考查了二力平衡条件的应用以及平衡力的判断，关键是正确的对整体和物体b进行正确的受力分析。
(1)把a和b看做整体进行受力分析，根据二力平衡条件判断拉力F和a受到的摩擦力大小关系以及受到的重力和地面对a的支持力的关系；
(2)对b进行受力分析，从力与运动的关系判断是否受到摩擦力。 【解答】
𝐴𝐶.把a和b看做整体，a受到水平向右的拉力F和水平向左的摩擦力，a和b竖直向下的重力、地面对a竖直向上的支持力，因物体做匀速直线匀速时处于平衡状态，所以，拉力F和a受到的摩擦力大小相等，a和b受到的重力之和与地面对a的支持力才是一对平衡力，故A、C错误；
𝐵𝐷.对b进行受力分析可知，b受到竖直向上的支持力和竖直向下的重力，水平方向不受力，否则不能做匀速直线运动，故B正确、D错误。 故选B。
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6.【答案】A
【解析】解：A、压路机的碾子很重，是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。故A符合题意；
B、书包的背带较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B不合题意； C、螺丝钉上的垫圈，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C不合题意； D、坦克的履带很宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故D不合题意。 故选：A。
压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。
增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
7.【答案】B
【解析】解：AD、电车进站时，因为地势越来越高，电车的动能转化成重力势能；动能减小，重力势能增大；故AD错误；
BC、电车出站时，是由高处向低处运动，重力势能又转化成了动能，动能增大，重力势能减小；故B正确、C错误。 故选：B。
动能和重力势能是可以相互转化的，物体由低处向高处运动，动能转化成重力势能；反之，重力势能转化成动能。
重力势能和动能的相互转化，关键是看，物体是向高处运动还是向低处运动。
8.【答案】B
【解析】解：
A、机翼的上表面弯曲，而下表面平直，机翼上方的空气流速大于机翼下方的空气流速，由流体压强与流速的关系可知，机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力，故A错误；
B、挡风玻璃碎裂，导致驾驶舱处于高空低温失压的状态，因此驾驶舱内的气压和温度
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均会迅速下降，故B正确；
C、飞机在下降过程中高度变小，重力势能减小；下降过程中克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以飞机的机械能减小，故C错误；
D、系安全带是防止飞机减速时，人由于惯性而向前运动，属于防止惯性带来的危害，但不能防止惯性，故D错误。 故选：B。
(1)流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。 (2)挡风玻璃碎裂，导致驾驶舱处于高空低温失压的状态，
(3)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；下降过程中克服空气摩擦做功，一部分机械能转化为内能，故机械能减小； (4)一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的。
此题考查的知识点比较全面，有流体压强和流速的关系、机械能的概念及惯性等，对学生的综合能力要求较高，但是难度不大。
9.【答案】C
【解析】解：A、大型汽车有宽大的车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小车对地面的压强。故A错误；
B、压强越大，沸点越高，因此高压锅就是利用液体沸点随气压的升高而升高的原理，故B错误；
C、三峡船闸在工作时，闸室分别与上游和下游构成连通器，运用了连通器的原理，故C正确；
D、拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而增大，故D错误。 故选：C。
(1)减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
(2)连通器的结构特征是上端开口、底部连通； (3)液体沸点随气压的升高而升高； (4)液体压强随深度的增加而增加。
此题考查减小压强的方法、增大摩擦的方法、平衡力的辨别和惯性大小的影响因素，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
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10.【答案】B
【解析】解：甲图中，木块A在液体中漂浮，木块静止时露出液面的体积与浸入液体的体积之比为1：3，则漂浮时浮力等于重力，所以即：
则液体的密度：
1
，
，
，
；
在木块上表面轻放一个物块𝐵(𝑉𝐴=2𝑉𝐵,则𝑉𝐵=2𝑉𝐴)，A的上表面刚好与液面相平，如图乙所示，因为整体漂浮，所以浮力等于总重力， 即：
， ，
化简可得：则B的密度：
，
故若将物块B单独放入此液体中，它静止时将漂浮。 故选：B。
根据物体漂浮时浮力等于重力，算出物体B的密度，作出判断。 本题主要考查阿基米德原理以及物体的浮沉条件，有一定难度。
，
11.【答案】D
【解析】解：设阻力臂为𝐿1，杠杆长为L；
从图中可知，𝐹1杠杆垂直，因此其力臂为最长的力臂，故𝐹1为最小的动力，即𝐹1<𝐹2； 由杠杆平衡条件可得： 𝐹1𝐿1=𝐺⋅𝐿，
∵𝐿1<𝐿 ∴𝐹1>𝐺
故有𝐹2>𝐹1>𝐺。 故选：D。
由题知，O为支点，当阻力、阻力臂不变时，由杠杆的平衡条件知：动力和动力臂的乘积一定，当动力臂较大时，动力将较小；动力臂较小时，动力将较大。因此先判断出𝐹1、
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𝐹2的力臂大小，即可判断出两力的大小关系。
杠杆平衡条件是解决杠杆平衡问题的重要依据，一定要熟练掌握。
12.【答案】D
【解析】解：
(1)工人提升10块石板升高2m做的有用功：由机械效率公式可得，所做的总功：则额外功：工人的有用功率：
。
，故B错误； ，故C错误；
；
滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计时，额外功来自克服托板和动滑轮的总重做的功， 故
则动滑轮的重力：此装置动滑轮的质量：(2)人的质量为70kg，则绳端的最大拉力：
，
，故A错误；
，
，
，
由图知𝑛=2，在不计摩擦与绳重时，提起的最大总重力：
，
可装石板的重为：
则最多可装石板的数量：𝑛=
1150𝑁100𝑁
。
=11.5≈11块，
则最多可装石板的重：𝐺′=11×100𝑁=1100𝑁。 不计摩擦与绳重，滑轮组可达到的最大机械效率：
故D正确。
故选：D。
读图可知，这是一个由2段绳子承担物重的滑轮组。根据有用功的公式功的公式
，以及机械效率的公式
，总可分别求
出选项中所描述的量，并进行比较即可判断正误。
本题的计算较为繁琐，用到了功、功率、机械效率的公式，难点在于搞清各数据之间的关系，明确滑轮组的特点，并能进行灵活运用。
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13.【答案】增大 重
【解析】解：(1)瓶盖上有竖纹这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力的。
(2)瓶子握在手中，手和瓶子之间产生摩擦力，瓶子静止在手中，竖直方向受到重力和摩擦力的作用，两个力是平衡力。 故答案为：增大；重力。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)平衡状态：当物体处于静止或匀速直线运动状态时，物体受到平衡力的作用。 (1)掌握摩擦力大小的影响因素，掌握增大和减小摩擦力的方法。 (2)物体静止和匀速直线运动时受到平衡力的作用。
14.【答案】相互的 增大
【解析】解：
运动员用力蹬地时，脚给地面一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，运动员受到地面向前的推力，运动员便能加速向前运动； 在此过程中，运动员的质量不变，速度变大，动能变大。 故答案为：相互的；增大。
(1)当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的；
(2)影响动能大小的因素是速度和质量。
本题考查了力的作用的相互性、影响动能大小的因素，属于基础性题目。
15.【答案】闭合； 大气压
【解析】解：当汲酒器内充满酒水，向上提升长柄取酒时，若a打开，则ab两个小孔都与外界大气相通，酒水会在重力的作用下流出，若a闭合，则a孔与外界大气隔绝，而b孔受到大气压的作用，在大气压的作用下酒水不会流出，所以应使开口a闭合。 故答案为：闭合；大气压。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。据此分析即可解答。 本题考查大气压的有关问题，物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可
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能的用我们所学过的知识去试着解释。
16.【答案】B 等臂
【解析】解：当用力摁住C点打开该夹子时，AC是围绕B点转动的，故B为支点；由于𝐴𝐵=𝐵𝐶，故动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆。 故答案为：B；等臂。
杠杆可分为：省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆，可以从动力臂和阻力臂的大小关系进行判断，当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆。结合图中的结构，可确定杠杆及其类型。杠杆可分为：省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆。能结合架子的特点进行具体的分析，找出其中的杠杆及其要素是解答的关键。
17.【答案】2.47004×103
【解析】解：(1)水的重力：
𝐺=𝑚𝑔=0.24𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=2.4𝑁； 由𝜌=可得，水的体积：
𝑉𝑚
，
B中水的体积： 𝑉𝐵=𝑆𝐵ℎ𝐵=
40𝑐𝑚2
2
×2𝑐𝑚=40𝑐𝑚3，
A中水的体积：
，
A中水的深度： ℎ𝐴=
𝑉𝐴𝑆𝐴
=
200𝑐𝑚340𝑐𝑚2
=5𝑐𝑚，
整个容器内水的深度：
ℎ=ℎ𝐴+ℎ𝐵=5𝑐𝑚+2𝑐𝑚=7𝑐𝑚=0.07𝑚， 水对容器底的压强：
𝑝=𝜌𝑔ℎ=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3×10𝑁/𝑘𝑔×0.07𝑚=700𝑃𝑎； (2)合金质量不是100g，因为这是一个不规则容器。
(水上升了1cm，水对底部压力增加了40𝑐𝑚2×1𝑐𝑚×1𝑔/𝑐𝑚3×10𝑁/𝑘𝑔=0.4𝑁)
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，
， ， ，
因小合金块浸没在容器中最后沉底，B内水面上升了1cm， 所以，合金的体积：
，
则合金的密度：
。
故答案为：2.4；700；4×103。
(1)根据𝐺=𝑚𝑔可求水的重力；由𝜌=求出水的体积，根据𝑉=𝑆ℎ求出B中水的体积，
𝑉𝑚
然后求出A中水的体积，进一步求出A中水的深度，容器中水的深度等于AB中水的深度之和，根据𝑝=𝜌𝑔ℎ求出水对容器底的压强；
(2)小合金块浸没在容器中沉底后，求出合金的质量，B内水面上升的体积即为合金的体积，根据𝜌=求出合金的密度。
𝑉𝑚
本题考查了密度公式和液体压强公式的应用，正确的计算出容器内水的深度和知道电子秤的读数增加量即为合金的质量是关键。
18.【答案】改变力的方向 木块与桌面间存在摩擦力 平衡力 转动回来 在同一直线上
【解析】解：
(1)实验过程中利用定滑轮的好处是可以改变力的方向；
(2)若两边拉力不相等，则木块相对于桌面具有相对运动趋势，此时桌面对木块产生摩擦力的作用，木块在两个拉力及摩擦力的作用下保持静止； 木块处于静止状态，所以受的力是平衡力；
(3)将小车转动一个角度，两个力不在同一直线上，小车将转动回来，说明一对平衡力需在同一直线上，所以实验中设计这一步骤的目的是为了验证二力平衡时的两个力一定在同一直线上。
故答案为：(1)改变力的方向；(2)木块与桌面间存在摩擦力；平衡力；(2)转动回来；在同一直线上。
(1)定滑轮可以改变力的方向；
(2)物体间相互挤压且具有相对运动趋势，便会产生摩擦力；物体处于静止状态，则受
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平衡力；
(3)根据二力平衡的条件，将小车扭转一个角度，两个力不在同一直线上，所以不能平衡，通过现象可以得出探究的因素。
本题是探究二力平衡条件的实验，要熟练掌握二力平衡条件及平衡状态的含义，掌握探究每个条件的操作方法及其现象和对应的结论。
19.【答案】𝐹2−𝐹3=𝐹4−𝐹1；A
【解析】解：
(1)由图可知，图c测出了石块的重力，图d测出了石块浸没在液体中时测力计的拉力，图b测出空桶的重力，图e测出桶和石块排开液体的重力；
则物体浸入液体时受到的浮力为𝐹2−𝐹3，物体排开液体的重力为𝐹4−𝐹1，
如果𝐹2−𝐹3=𝐹4−𝐹1时，即物体浸在液体中受到的浮力等于物体排开液体的重力，阿基米德原理就成立。
(2)𝐴.图(𝑎)中溢杯内未盛满水，则测得排开水的重力会偏小，会影响验证结果，故A符合题意。
B.图(𝑏)中小桶内有少量水，石块排开水后，小桶重力的两次示数之差仍为排开水的重力，不影响实验结果，故B不符合题意。
C.图(𝑑)中石块未浸没水中，此时浮力小，排开的水的体积也小，不影响实验结果，故C不符合题意。
故答案为：(1)𝐹2−𝐹3=𝐹4−𝐹1；(2)𝐴。
(1)由图可知，根据cd两图可测出物体浸在液体中受到的浮力，根据be两图可测出物体排开液体的重力，再根据阿基米德原理的内容进行解答； (2)根据石块受到的浮力和排开的水的重力分析。
本题是验证阿基米德原理实验，充分考查了学生对基础知识的掌握程度，关键是掌握阿基米德原理的内容。
20.【答案】匀速竖直 2.387%一 被提升的物重
【解析】解：(1)实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使物体升高，此时系统处于平衡状态，测力计示数考等于拉力大小；
(2)图中测力计的分度值为0.1𝑁，示数2.3𝑁，即表格中①处的数值是2.3； 机械效率为：
②处的数值约为87%；
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；
(3)由表中数据可知，同一滑轮将不同的重物提升相同的高度，提升物体越重，机械效率越高；即对同一滑轮，增加提升物体的重力可提高机械效率；
方法一：鼓励人们“拼车”出行，使汽车尽量装满人员，是在额外功相同时，人越多，有用功越多，机械效率越高，故符合题意；
方法二：汽车制造厂用新材料减轻汽车重量，是通过减小额外功来增加机械效率的，故不符合题意。
方法三：经常给汽车做保养，保持良好的润滑。提高滑轮组机械效率的方法是通过减小摩擦来增加机械效率的，故不符合题意， 故方法一与本实验同理；
(4)比较机械效率的数据可知，用同一滑轮组提升不同的重物至同一高度，随着提升物重的增加，滑轮组的机械效率将变大，可知滑轮组的机械效率与被提升的物重有关。 故答案为：(1)匀速竖直；(2)2.3；87%；(3)一；(4)被提升的物重。 (1)实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计； (2)弹簧测力计的读数，应该先看分度值再读数；根据
算出总功，由
算出机械效率；
算出有用功，根据
(3)对于改变滑轮组机械效率的方法，有两种情况：一是减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦，这些方法可以减少额外功，提高机械效率；二是增加提升物体的重，在额外功不变的情况下，增大有用功，从而提高机械效率。据此分析。 (4)分析数据即可知机械效率的变化。
本题考查了测量滑轮组机械效率的实验，涉及到注意事项、测力计读数、滑轮组机械效率的计算和分析实验数据得出结论的能力等，要注意影响滑轮组机械效率因素的运用。
21.【答案】(𝑎)、(𝑐)；C
【解析】解：
(1)要研究动能和质量的关系，需使两小球的速度相同，质量不同，即使质量不同的两个小球从斜面的同一高度由静止滚下，所以a、c两图符合题意； (2)由图可知，C小球将纸盒推动的距离最远，说明其动能最大。 故答案为：(1)(𝑎)、(𝑐)；(2)𝐶。
(1)动能的决定因素有两个：质量和速度；根据控制变量法的思路，去分析解决，要研究动能与质量的关系，必须保证速度相同，而质量不同； (2)比较纸盒被推得距离的长短，即可知小球动能的多少。
明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转
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换法。
22.【答案】水 减小水的阻力 没做功
【解析】解：
1)当船桨向后划水时，船桨给水一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，船也受到了水对它向前的力，这个是船前进的动力； 2)龙舟船底做成流线型，是为了减小水的阻力；
3)浮力的方向是竖直向上，船沿水平方向前进时，船在竖直方向上没有移动距离，所以浮力不做功。
故答案为：1)水；2)减小水的阻力；3)没做功。
(1)当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的；
(2)流线型的物体在运动时可以减小气体或液体的阻力；
(3)力学中做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可。
本题考查了力的作用的相互性、减小阻力的方法、力是否做功的判断方法，属于综合性题目。
23.【答案】解：(1)汽车不载人时对地面的压力：
𝐹=𝐺=𝑚𝑔=1.2×103𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=1.2×104𝑁， 对地面的压强：
𝑝=𝑆=1.2×10−2𝑚2=1×106𝑃𝑎； (2)由𝑃=𝑡可得，牵引力做的功：
𝑊=𝑃𝑡=4×104𝑊×20×60𝑠=4.8×107𝐽， 汽车运动的速度： 𝑣=72𝑘𝑚/ℎ=20𝑚/𝑠， 由𝑃=
𝑃𝑊𝑡
𝑊
𝐹
1.2×104𝐽
=
𝐹𝑠𝑡
=𝐹𝑣可得，牵引力的大小： =2000𝑁。
𝐹′=𝑣=
4×104𝑊20𝑚/𝑠
答：(1)汽车不载人时对地面的压强为1×106𝑃𝑎； (2)牵引力做的功为4.8×107𝐽，牵引力的大小是2000N。
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【解析】(1)汽车不载人时对地面的压力和自身的重力相等，利用𝑝=求出对地面的压
𝑆
𝐹
强；
(2)根据𝑃=求出牵引力做的功，利用𝑃=
𝑡𝑊
𝑊𝑡
=
𝐹𝑠𝑡
=𝐹𝑣求出牵引力的大小。
本题考查了重力公式和压强公式、功率公式、做功公式的应用，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。
24.【答案】解：(1)物体E浸没在水中时排开水的体积：
，
物体E受到的浮力：
；
(2)在B端施加竖直向下的拉力当杠杆刚好被拉动时，杠杆的支点是D点，根据杠杆平衡条件可得： 𝐹⋅𝐵𝐷=𝐹𝐴⋅𝐴𝐷， 所以，𝐹𝐴=
𝐹⋅𝐵𝐷𝐴𝐷
=0.2𝑚+0.2𝑚=20𝑁；
，
40𝑁×0.2𝑚
根据动滑轮的使用特点可知：则此时动滑轮对物体E的作用力：
，
由于物体E受力平衡，则物体E的重力
；
(3)以杠杆为研究对象，当物体M浸没在水中时，杠杆A端受到的力𝑇1最小，杠杆以D点为支点恰好平衡，B端受拉力为𝐹𝐵1，受力分析如甲所示；---------
当物体M完全出水后时，杠杆A端受到的力𝑇2最大，杠杆以C点为支点恰好平衡，B端受拉力为𝐹𝐵2，受力分析如乙所示。
由甲、乙，根据杠杆平衡条件得： 𝑇1×𝐴𝐷=𝐹𝐵1×𝐵𝐷-------------① 𝑇2×𝐴𝐶=𝐹𝐵2×𝐵𝐶------------② 根据力的作用是相互的可得： 𝐹𝐵1=𝐺𝑁----③ 𝐹𝐵2=𝐺𝑁------------④
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①②式相除可得：𝑇1×𝐴𝐶=
2
𝑇×𝐴𝐷
𝐹𝑁1×𝐵𝐷𝐹𝑁2×𝐵𝐶
：
1
所以，𝑇1=𝐹𝑁1×𝐵𝐶×𝐴𝐷=𝐺
2
𝑁2
𝑇𝐹×𝐵𝐷×𝐴𝐶
𝑁
=4， ×(0.2𝑚+0.2𝑚)×(0.2𝑚+0.2𝑚)
𝐺𝑁×0.2𝑚×0.2𝑚
当物体M浸没在水中时，根据阿基米德原理可知：
，
又，𝐺𝑀=𝜌𝑔𝑉𝑀，
根据动滑轮的使用特点可得：
------------⑤
--------⑥
所以，，
解得：
把 ⑥和④代入②可得：
12
，
(𝜌𝑔𝑉𝑀+𝑚0𝑔)×𝐴𝐶=𝐺𝑁×𝐵𝐶；
(𝜌𝑔𝑉𝑀+𝑚0𝑔)×𝐴𝐶
2𝐵𝐶
所以，𝐺𝑁==20𝑁； 则：𝑚𝑁=
=
(1.2×103𝑘𝑔/𝑚3×10𝑁/𝑘𝑔×6×10−3𝑚3+0.8𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔)×0.2𝑚
2×(0.2𝑚+0.2𝑚)
𝐺𝑁𝑔
=10𝑁/𝑘𝑔=2𝑘𝑔。
20𝑁
答：(1)物体E浸没在水中时所受到的浮力的大小为60N；
(2)当在B端最多施加40N的竖直向下的拉力时，杠杆刚好被拉动，物体E的重力是92N； (3)将E换成密度为𝜌=1.2×103𝑘𝑔/𝑚3的物体M，在B端撤去F，悬挂物体N，然后打开阀门H将容器中的水逐渐放出，杠杆AB始终保持水平平衡，物体N的最小质量m是2kg。
【解析】(1)物体E浸没在水中时排开液体的体积等于物体的体积，根据阿基米德原理求出受到的浮力。
(2)在B端施加竖直向下的拉力当杠杆刚好被拉动时，杠杆的支点是D点，根据杠杆平衡条件求出A点的拉力，然后根据动滑轮的使用特点求出物体E对动滑轮的拉力，根据物体E受力平衡即可求出物体E的重力； (3)利用以下知识点解答： ①杠杆的平衡条件：𝐹1𝐿1=𝐹2𝐿2
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②动滑轮的特点：③浮力知识：
，
关键是对各种情况进行受力分析，根据以上知识点得出各力之间的关系，知道什么时候是最小值，什么时候是最大值，然后整理各式先求出物体M的体积，再求出物体N的重力，最后求出质量。
此题是一道有关杠杆、滑轮、浮力的综合性题目，关键是利用学过的知识对杠杆进行分析，利用滑轮和浮力的知识分析出杠杆所受的力，根据杠杆的平衡条件计算出结果。
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