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2010年 浙江省高考(理科)数学试题及详细答案

2022-01-05 来源:步旅网
绝密★考试结束前

2010年普通高等学校招生全国统一考试

数 学(理科)

本试题卷分选择题和非选择题两部分。全卷共5页,选择题部分1至2页,非选择题部分3至5页。满分150分,考试时间120分钟。

请考生按规定用笔将所有试题的答案涂、写在答题纸上。

选择题部分(共50分)

注意事项:

1.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题

纸规定的位置上。

2.每小题选出答案后,用2B铅笔把答题纸上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,

用像皮擦干净后,再选涂其它答案标号。不能答在试题卷上。

参考公式:

如果事件A、B互斥,那么 柱体的体积公式 P(A+B)=P(A)+P(B) VSh

h表示柱体的高 如果事件A、B相互独立,那么 其中S表示柱体的底面积,

P(A·B)=P(A)·P(B) 锥体的体积公式 如果事件A在一次试验中发生的概率是P,那么n V1Sh 3h表示锥体的高 次独立重复试验中恰好发生k次的概率 其中S表示锥体的底面积,

kkPn(k)CnP(1P)nk(k0,1,2,,n) 球的表面积公式

台体的体积公式 S4R

一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有

21Vh(S1S1S2S2) 球的体积公式

343其中S1,S2分别表示台体的上、下底面积 VR

3h表示台体的高 其中R表示球的半径

一项是符合题目要求的.

(1)设P{x|x4},Q{x|x24}

(A)PQ (D)QCRP

(B)QP

(C)PCRQ(2)某程序框图如图所示,若输出的S=57,则判断框内为

(A)k4? (C)k6?

(B)k5? (D)k7?

(3)设Sn为等比数列{an}的前n项和,8a2a50,则

(A)11 (C)-8

(B)5 (D)-11

S5 S2(4)设0x2,则“xsinx1”

2是“xsinx1”的

(A)充分而不必不必要条件 (B)必要而不充分条件 (C)充分必要条件

(D)既不充分也不必要条件

(5)对任意复数zxyi(x,yR),i为虚数单位,则下列结论正确的是

(A)|zz|2y (B)z2x2y2 (C)|zz|2x (D)|z||x||y|

(6)设l,m是两条不同的直线,是一个平面,则下列命题正确的是

(A)若lm,m,则l (C)若l//,m,则l//m

(B)若l,l//m,则m (D)若l//,m//,则l//m

x3y30,(7)若实数x,y满足不等式组2xy30,且xy的最大值为9,则实数m

xmy10,

(A)-2

(B)-1

(C)1

(D)2

x2y2(8)设F1,F2分别为双曲线221(a0,b0)的左、右焦点。若在双曲线右支上

ab存在点P,满足|PF2||F1F2|,且F2到直线PF1的距离等于双曲线的实轴长,则该双曲的渐近线方程为

(A)3x4y0 (B)3x5y0 (C)4x3y0 (D)5x4y0

(9)设函数f(x)4sin(2x1)x,则在下列区间中函数f(x)不存在零点的是 .

(A)[-4,-2]

(B)[-2,0]

(C)[0,2]

(D)[2,4]

(10)设函数的集合P{f(x)log2(xa)b|a,0,集合Q{(x,y)|x131,1;b1,0,1},平面上点的211,0,,1;y1,0,1},则在同一直角坐标系中,P中函数f(x)22的图象恰好经过Q中两个点的函数的个数是 ..

(A)4

(B)6

(C)8

(D)10

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2010年普通高等学校招生全国统一考试

数学(理科)

非选择题部分(共100分)

注意事项:

1.用黑色字迹的签字笔或钢笔将答案写在答题纸上,不能答在试题卷上。

2.在答题纸上作图,可先使用2B铅笔,确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑。

二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分。 (11)函数f(x)sin(2x4)22sin2x的最小正周期是 。

(12)若某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,

则此几何体的体积是 cm3.

(13)设抛物线y2px(p0)的焦点为F,点

2A(0,2)。若线段FA的中点B在抛物线上,

则B到该抛物线准线的距离为 。

(14)设n2,nN,(2x)(3x)

=a0a1xa2x2anxn,将ak(0kn)的最小值记为Tn,则

12n13nT20,T31111,T0,T,,Tn,其中Tn 。 4533552323(15)设a1,d为实数,首项为a1,公差为d的等差数列an的前n项和为Sn,满足

S5S6150则d的取值范围是 。

(16)已知平面向量a,(a0,a)满足

1,且a与a的夹角为120°则

。 a的取值范围是(17)有4位同学在同一天的上、下午参加“身高与体重”、“立定跳远”、“肺活量”、“握力”、

“台阶”五个项目的测试,每位同学上、下午各测试一个项目,且不重复,若上午不测“握力”项目,下午不测“台阶,其余项目上、下午都各测试一人,则不同的安排方式共有种 (用数字作答)。

三、解答题:本大题共5小题,共72分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. (18)(本题满分14分)在ABC中,角A、B、C所对的边分别为a,b,c,已知cos2C. (I)求sinC的值;

(II)当a=2,2sinAsinC时,求b及c的长.

(19)(本题满分14分)如图,一个小球从M处投入,通过管道自上面下落到A或B或C,

已知小球从每个叉口落入左右两个管道的可能性是相等的。 某商家按上述投球方式进行促销活动,若投入的小球落到A,B,C,则分别设为1,2,3等奖.

(I)已知获得1,2,3等奖的折扣率分别为50%,70%,90%,

记随机变量为获得k(k1,2,3)等奖的折扣率,求随机变量的分布列及数学期望E.

(II)若有3人次(投入1球为1人次)参加促销活动,记随

机变量为获得1等奖或2等奖的人次,求P(2).

14

(20)(本题满分15分)如图,在矩形ABCD中,点E,F分别在线段AB,AD上,

AE=EB=AF=

2FD4.沿直线EF将AEF翻折成A'EF,使平面A'EF平面BEF. 3 (I)求二面角A'FDC的余弦值;

(II)点M,N分别在线段FD,BC上,若沿直线MN将四边形MNCD向上翻折,使C

与A'重合,求线段FM的长.

m2x20,椭圆C:2y21,F1,F2 (21)(本题满分15分)已知m1,直线l:xmy2m分别为椭圆C的左、右焦点.

(I)当直线l过右焦点F2时,求直线l的方程;

(II)设直线l与椭圆C交于A,B两点,AF1F2,BF1F2的重心分别为G,H.若原

点O在以线段GH为直径的圆内,求实数m的取值范围.

(22)(本题满分

14

分)已知

a

是给定的实常数,设函数

f(x)(xa)2(xb)ex,bR,xa是f(x)的一个极大值点.

(I)求b的取值范围;

(II)设x1,x2,x3是f(x)的3个极值点,问是否存在实数b,可找到x4R,使得

x1,x2,x3,x4的某种排列xi,xi2,xi3,xi4(其中{i1,i2,i3,i4}{1,2,3,4})依次成等

差数列?若存在,示所有的b及相应的x4;若不存在,说明理由.

参考答案

一、选择题:本题考查基本知识和基本运算。每小题5分,满分50分。 (1)B (6)B

(2)A (7)C

(3)D (8)C

(4)B (9)A

(5)D (10)B

二、填空题:本题考查基本知识和基本运算。每小题4分,满分28分。 (11)

(12)144

(13)32 40,(14)11,23(16)(0,当n为偶数时当n为奇数时

(15)d22或d22 23] 3(17)264

三、解答题:本大题共5小题,共72分。

(18)本题主要考查三角交换、正弦定理、余弦定理等基础知识,同时考查运算求解能力。

满分14分。

(Ⅰ)解:因为cos2C12sinC

及0C 所以sinC21, 410. 4 (Ⅱ)解:当a2,2sinAsinC时,

由正弦定理

ac,得 sinAsinC1,及0C得 4c4.

由cos2C2cosC12

cosC6. 4222

由余弦定理cab2abcosC,得

b26b120

解得b所以6或26 b6,b26或

c4c4.(19)本题主要考查随机事件的概率和随机变量的分布列、数学期望、二项分布等概念,同

时考查抽象概括、运算求解能力和应用意识。满分14分。 (Ⅰ)解:由题意得的分布列为

P

50% 70% 90%

33 168337350%70%90%. 则E1681647 16 (Ⅱ)解:由(Ⅰ)知,获得1等奖或2等奖的概率为

339. 168169) 1691701292. 则P(2)C1()(1)16164096由题意得B(3,(20)本题主要考查空间点、线、面位置关系,二面角等基础知识,空间向中量的应用,同

时考查空间想象能力和运算求解能力。满分15分。

方法一:

(Ⅰ)解:取线段EF的中点H,连结AH

因为AEAF及H是EF的中点, 所以AHEF

又因为平面AEF平面BEF,及AH平面AEF. 所以AH平面BEF。

如图建立空间直角坐标系Axyz.

则A(2,2,22),C(10,8,0),F(4,0,0),D(10,0,0).

故FN(2,2,22),FD(6,0,0) 设n(x,y,z)为平面AFD的一个法向量

所以2x2y22z0

6x0

取z2,则n(0,2,2)

又平面BEF的一个法向量m(0,0,1) nm3故cosn,m 3|n||m|所以二面角的余弦值为

3. 3 (Ⅱ)解:设FMx£¬则M(4x,0,0)

因为翻折后,C与A重合,所以CM=AM 故(6x)28202(2x)222(22)2, 得x21 421. 4经检验,此时点N在线段BG上 所以FM方法二:

(Ⅰ)解:取截段EF的中点H,AF的中点G,连结AG,NH,GH

因为AEAF及H是EF的中点, 所以AH//EF。

又因为平面AEF平面BEF, 所以AH`平面BEF, 又AF平面BEF, 故AHAF,

又因为G,H是AF,EF的中点, 易知GH//AB, 所以GHAF, 于是AF面AGH

所以AGH为二面角A—DF—C的平面角,

在RtAGH中,AH22,GH2,AG23 所以cosAGH

3. 33。 3

故二面角A—DF—C的余弦值为

(Ⅱ)解:设FMx,

因为翻折后,G与A重合, 所以CMAM,

而CM2DC2DM282(6x)2

AM2AH2MH2AH2MG2GH2(22)2(x2)222

得x21 421. 4经检验,此时点N在线段BC上, 所以FM(21)本题主要考查椭圆的几何性质,直线与椭圆,点与圆的位置关系等基础知识,同时考

查解析几何的基本思想方法和综合解题能力。满分15分

m20经过F2(m21,0) (Ⅰ)解:因为直线l:xmy2

m2,得m22 所以m122又因为m1. 所以m2.

故直线l的方程为x2y10.

(Ⅱ)解:设A(x1,y1),B(x2,y2),

m2xmy,2由2消去x得

x2y12m

m22ymy10

42

m21)m280, 则由m8(42

知m8

2

mm21. 且有y1y2,y1y2282由于F1(c,0),F2(c,0) 故O为F1F2的中点,

由AG2GO,BH2HO,

x1y1x2y2可知G(,),H(,)

3333(x1x2)2(y1y2)2|GH|.

992

设M是GH的中点,则M(x1x2y1y2,) 66

由题意可知,2|MO||GH|

x1x22y1y22(x1x2)2(y1y2)2)()]好4[( 6699即x1x2y1y20.

m2m2)(my2)y1y2 而x1x2y1y2(my122m21(m1)(),

822

m210. 所以

82即m4.

又因为m1且0.

2

所以1m2.

所以m的取值范围是(1,2)。

(22)本题主要考查函数极值的概念、导数运算法则、导数应用及等差数列基础知识,同时

考查推理论证能力,分类讨论等综合解题能力和创新意识,满分14分。 (Ⅰ)解:f(x)c2(xa)[x2(3ab)x2baba]

令g(x)x2(3ab)x2baba

则(3ab)24(2baba)(ab1)280. 于是可设x1,x2是g(x)0的两实根,且x1,x2

(1)当x1a或x2a时,则xa不是f(x)的极值点,此时不合题意 (2)当x1a且x2a时,由于xa是f(x)的极大值点, 故x1ax2.

即g(a)0

即a2(3ab)a2baba0 所以ba

所以b的取值范围是(-∞,a)

(Ⅱ)解:由(Ⅰ)可知,假设存了b及xb满足题意,则 (1)当x2aax1时,则x42x2a或x42x1a

于是2x1x2ab3. 即ba3.

2此时x42x2aab3(ab1)8aa26 2或x42x1aab3(ab1)8aa26.

(2)当x2aax1时,则x2a2(ax1)或(ax2)2(x2a)

①若x2a2(ax1),则x2ax2 2

3(ab3)(ab1)28于是3a2x1x2 22即(ab1)83(ab3)

于是ab1913 2

此时x2ax22a(ab3)3(ab3)113b3a. 242ax1 2

②若ax12(x2a),则x2

3(ab3)(ab1)28于是3a2x2x1 22即(ab1)83(ab3)

于是ab1913. 2

此时x2ax12a(ab3)3(ab3)113b3a. 242综上所述,存在b满足题意 当ba3时,x4a26 当ba

713113时,x4a 22713113时,a4a. 22

当ba

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