2020年江苏省泰州市中考物理试卷

2020年江苏省泰州市中考物理试卷

学校： 班级： 姓名： 得分：

一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意每小题2分，共24分） 1．（2分）下列估测结果符合实际的是（ ） A．六月份泰州的平均气温约为50℃ B．一枚1元人民币硬币的质量大约6g C．中学生课桌的高度约为80mm D．家用LED节能灯的电功率约为200W 2．（2分）下列做法中，不能改变音调的是（ ） A．用同一张卡片先后以不同速度划过梳齿 B．用相同力度敲击大小不同的编钟 C．改变杯内水量，用湿手摩擦杯口发声

D．保持钢尺伸出桌面的长度不变，用大小不同的力拨动钢尺 3．（2分）下列关于物态变化的判断，正确的是（ ） A．樟脑丸逐渐消失——熔化 C．擦酒精解暑降温——汽化

B．铁水浇铸铁铸件——凝华 D．秋末屋顶上结霜——升华

4．（2分）“以铜为镜，可以正衣冠”的光学原理是（ ） A．光的直线传播 C．光的折射

B．光的反射 D．光的色散

5．（2分）下列关于粒子和宇宙的说法，正确的是（ ） A．摩擦起电的实质就是创造了电荷

B．宇宙是一个有层次的天体结构系统，其中恒星是绝对不动的 C．海绵容易被压缩，说明分子间有空隙

D．两个表面光滑的铅块相互挤压后粘在一起，说明分子间存在吸引力 6．（2分）撑杆跳高是应用了撑杆的（ ） A．延展性好

B．密度大

C．弹性好

D．硬度大

7．（2分）以下属于非清洁能源的是（ ） A．太阳能

B．煤炭

C．风能

D．水能

8．（2分）物理学中用光线表示光的传播路径和方向，下列做法应用了同种研究方法的是

（ ）

A．用磁感线来形象直观的描述磁场 B．通过水流来初步认识电流

C．探究小车动能大小的影响因素时，通过木块被撞后移动的距离来比较小车动能的大小 D．探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响时，控制接触面的粗糙程度等因素不变 9．（2分）人用力水平向左推讲台，没有推动，在这个过程中（ ）

A．人对讲台的推力小于讲台受到的摩擦力 B．讲台受到的惯性大于推力

C．讲台受到的推力与重力是一对平衡力 D．人对讲台没有做功

10．（2分）如图，一个小球在地面上弹跳，下列分析错误是（ ）

A．小球从A处到B处重力势能增大 B．小球从B处到C处动能增大 C．小球在B处比D处重力势能大

D．小球在A、C、E三处机械能总量相等

11．（2分）某智能家政机器人有三种识别启动方式：人脸识别（S1）、指纹识别（S2）、密码识别（S3），只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合，机器人启动（机器人用表示，下列电路设计符合要求的是 （ ） A． C．

B． D．

12．（2分）如图，R1＞R2，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向左滑动，电压表V1示数变化量的绝对值为△U1，电压表V2示数变化量的绝对值为△U2，滑动变阻器R两端电压变化量的绝对值为△U3，下列说法正确的是（ ）

A．V1示数变小，V2示数变大 B．V1示数变大，△U1＜△U2 C．V2示数不变，△U1＝△U3 D．V2示数变大，△U1＜△U3

二、填空题（本题有8小题，每空1分，共26分）

13．（3分）如图，用铁丝围成一个内径约4mm的圆环，在清水中浸一下后取出，布满圆环的水膜犹如透镜，用这个水膜透镜贴近课本上的字，看到的是正立放大的像，此像为 （实像/虚像）；透过水膜透镜看远处的楼房，楼房倒立缩小了，这种成像情况与 （照相机/幻灯机）成像原理相同；轻轻甩去一些水（保持水膜完好），透过水膜透镜看远处的楼房成正立缩小的像，此时水膜透镜相当于 （凸透镜/凹透镜）。

14．（3分）用刻度尺测出实心合金块的边长为2.00cm，用天平测量合金块的质量，示数如图所示，合金块的质量为 g，算出合金使的密度ρ＝ g/cm3．若将此合金块切去一半，则剩余部分的密度 （变大/变小/不变）。

15．（3分）如图，在大玻璃瓶与小玻璃瓶内各装入适量的水，将小瓶瓶口向下放入大瓶，使小瓶恰好悬浮，塞紧大瓶瓶塞，用气筒向大瓶内打气，大瓶内水面上方气压增大，小瓶会 （下沉/上浮/续悬浮）；继续打气直到瓶塞跳起，瓶口出现“白雾”，此过程大瓶上方的气体对瓶塞做功， 能转化为 能。

16．（4分）城市里尘土飞扬，空气中灰尘的运动 （是/不是）分子运动，如图是某城市新型除尘洒水车，洒水车在水平公路上一边向前匀速直线行驶一边向高空喷水雾，在

此过程中，洒水车的机械能 （变大/变小/不变），以洒水车为参照物，路边的树木是 （运动/静止）的，洒水车喷雾时后方常会出现彩虹，这是光的 现象，最早通过实验研究这一现象的科学家是 。

17．（3分）如图，磁悬浮无线蓝牙音箱可由蓝牙通过 （超声波/电磁波）实现与手机数据的光速传输。该产品底座里有一个电磁铁，可使箱体悬在空中，这是根据同名磁极相互 的原理实现的该产品处于图示状态时，若重力突然消失，则此瞬间底座对水平桌面 （有/没有）压力。

18．（4分）如图甲，定值电阻R2的阻值为40Ω．闭合开关，电流表A1、A2的指针偏转均如图乙所示，则电流表A1的读数为 A，电流表A2的读数为 A，电源电压为 V，R1的阻值为 Ω。

19．（2分）如图为某电磁继电器的工作原理图，开关S闭合时，电磁铁 （有/无）磁性， （电灯/电铃）通电工作。

20．（3分）如图为小明用手机APP软件记录自己某一次跑步的数据截图。分析该图可知：他本次跑步时间为 min，通过的路程为 km，每跑一步的平均长度为 m。

三、解答题（本题有9小题，共50分。解答24、25题时应写出解题过程）

21．（2分）如图，货物随传送带一起水平向右做匀速直线运动，画出该货物的受力示意图。

22．（2分）在图中画出正确使用动滑轮提升重物的绕线方法。

23．（2分）将图中带开关的三孔插座正确接入家庭电路。

24．（6分）如图，使用杠杆提升重物，拉力F竖直向下，重物匀速缓慢上升，相关数据如表： 物重 G/N 200 求：

（1）拉力所做的功。 （2）拉力做功的功率。

（3）此过程中，该杠杆的机械效率。

25．（6分）如图为某型号电动机的铭牌，求：

**牌电动机 型号 额定电压 额定功率 线圈电阻 制造商：****

（1）此电动机的额定电流。

（2）此电动机正常工作10min所消耗的电能和由此转化为的机械能。 26．（6分）在“初识光的折射现象”和“探究光的折射特点”实验中：

（1）如图甲，小明将一束激光射至P点，形成一个光斑，向水槽内慢慢注水，水槽底部光斑的位置将 （向左移动/向右移动/不动），这说明光从空气斜射入水中时，传播方向 （会/不会）发生偏折。实验中光在空气中的传播路径并不清晰，为解决此问题，他在水面上方喷了一些 。

JT﹣44 220V 44W 100Ω

拉力 F/N 500

时间 t/s 0.5

A端上升的竖 直距离h/m

0.4

B端下降的竖 直距离s/m

0.2

（2）如图乙，小明继续探究“光从空气射入水中时的折射特点”，他使用可折转的光屏，是为了研究折射光线、入射光线和法线是否 。如图丙，他将光沿着AO方向射向水面上的O点，光在水中沿着OB方向射出，调整激光笔使入射光逐步偏向法线，折射光也逐步偏向法线，说明光从空气斜射入水中时，入射角减小，折射角随之 （增大/减小/不变）。当光沿着NO方向射入时会沿ON′方向射出，此时折射角为 度。 27．（6分）小明用2mL的注射器、量程为0～10N的弹簧测力计和刻度尺粗略测量大气压的值，本实验的原理是二力平衡和p＝ 。

步骤一：把注射器的活塞推至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔。

步骤二：如图所示安装好器材，水平向右缓慢拉动注射器筒，当注射器中的活塞 时，记下弹簧测力计的示数为5.2N。

步骤三：用刻度尺测出注射器 长度为4.00cm 步骤四：算出大气压强值为 Pa。

同组的小华分析了影响实验结果的可能因素后，对实验进行了如下改进：

①将步骤一改为：先将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔，这样便于 。

②取下橡皮帽，重复步骤二的操作，读得弹簧测力计的示数为0.3N由此可知，此时活塞所受到的 （摩擦力/大气压力）为0.3N。 小华根据改进后测得的数据，重新计算大气压的值。

28．（5分）小华在“探究电流与电阻关系”的实验中：

（1）按要求将实物图连接完整（要求：滑片P向右滑时变阻器接入电路的电阻变大）。 （2）在连接电路的过程中，开关必须处于 （闭合/断开）状态，滑动变阻器的滑

片P应放在最 （左/右）端。

（3）小华用三只阻值分别为15Ω、10Ω和5Ω的电阻探究“电流与电阻关系”的过程中，将15Ω电阻换成10Ω时，应将滑片向 （左/右）移动，其目的是 。

29．（4分）小明用如图所示的装置来探究感应电流产生的条件（图中灵敏电流计G的指针偏转方向相反即表示通过的电流方向相反）。

（1）导体ab静止悬挂，闭合开关，灵敏电流计的指针不偏转，说明电路中 （有/无）电流产生。

（2）继续探究，记录观察到的现象如表： 序号 1

ab运动方向 沿磁场方向运动 （不切割磁感线）

2

水平向左 （切割磁感线）

3

水平向右 （切割磁感线）

①比较1、2（或1、3）实验现象可知，闭合电路的一部分导体在磁场中做 运动时电路中就会产生感应电流。

②少比较2、3实验现象还发现，产生的感应电流的方向跟 有关。

③若在整理器材时未断开开关，先水平向左撤去蹄形磁铁（导体ab不动），则灵敏电流计的指针 （会/不会）偏转。

30．（6分）如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，小华用两个相同的

向左偏转 向右偏转 电流计指针偏转情况

不偏转

容器（图中用虚线框表示）分别装入质量相等的A、B两种液体，用相同的装置加热：

（1）以从实验效果考虑，本实验选择 （烧杯/易拉罐）作为盛放液体的容器较好，实验中使用玻璃棒的目的是 。

（2）两种液体吸收热量的多少可通过 （液体升高的温度/加热时间）比较。 （3）根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，分析图象可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时， （A/B）吸收的热量较多；质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时， （A/B）升温较高。

（4）冬天，小华想自制一个暖手袋，若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择 （A/B）

31．（6分）在“测量小灯泡的功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。

（1）按照图甲正确连好电路，闭合开关，小灯泡不亮，两表指针均有转，造成该现象的原因不可能的是 。 A．小灯泡断路 B．小灯泡两端电压太小 C．滑动变阻器阻值太大

D．电源电压太小

（2）移动滑片，当电压表的示数为 V时，小灯泡正常工作。读出此时电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为 W。

（3）据实验测得的数据画出小灯泡I﹣U关系图象如图乙（坐标轴上的数值已被擦除），分析图象可知，当小灯泡两端电压减小时，小灯泡的电阻 （增大/减小/不变）。 （4）当小灯泡两端电压为2V时，其实际功率在以下哪个范围内： A．P实≤0.48W B.0.48W＜P实＜0.6W C.0.6W≤P实＜0.75W D．P实≥0.75W

2020年江苏省泰州市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意每小题2分，共24分） 1．（2分）下列估测结果符合实际的是（ ） A．六月份泰州的平均气温约为50℃ B．一枚1元人民币硬币的质量大约6g C．中学生课桌的高度约为80mm D．家用LED节能灯的电功率约为200W

【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。

【解答】解：A、六月份泰州最高温度没超过36℃．故A错误；

B、一块橡皮的质量约8g，一枚一元硬币的质量略小于此数值，在6g左右。故B正确； C、中学生课桌大约高0.8m＝8dm＝80cm＝800mm；故C错误；

D、普通照明电灯的功率在60W左右，LED节能灯功率远小于此数值，一般在10W左右。故D错误。 故选：B。

【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。 2．（2分）下列做法中，不能改变音调的是（ ） A．用同一张卡片先后以不同速度划过梳齿 B．用相同力度敲击大小不同的编钟 C．改变杯内水量，用湿手摩擦杯口发声

D．保持钢尺伸出桌面的长度不变，用大小不同的力拨动钢尺

【分析】物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色。声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。 【解答】解：

A、用同一张卡片先后以不同速度划过梳齿，梳齿振动的快慢不一样，声音的音调不同，故A不符合题意；

B、用相同力度敲击大小不同的编钟，编钟振动的快慢不一样，声音的音调不同，故B不符合题意；

C、改变杯内水量，水量多的难振动，用湿手摩擦杯口发声时，振动的快慢不一样，声音的音调不同，故C不符合题意；

D、保持钢尺伸出桌面的长度不变，振幅不一样，声音的响度不一样，但振动的频率相同，音调不变，故D符合题意。 故选：D。

【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。

3．（2分）下列关于物态变化的判断，正确的是（ ） A．樟脑丸逐渐消失——熔化 C．擦酒精解暑降温——汽化

B．铁水浇铸铁铸件——凝华 D．秋末屋顶上结霜——升华

【分析】物体由固态变为液态的过程叫熔化，物体由液态变为固态的过程叫凝固；物体由气态变为液态的过程叫液化，物体由液态变为气态的过程叫汽化；物体由气态直接变为固态的过程叫凝华，物体由固态直接变为气态的过程叫升华。

【解答】解：A、樟脑丸逐渐消失，是固态变成了气态，所以是升华现象；故A错误。 B、铁水浇铸铁铸件，是由液态变成固态，是凝固现象；故B错误。 C、擦酒精解暑降温，是液态变成气态，属于汽化现象；故C正确。

D、秋末屋顶上结霜，是空气中的水蒸气变成小冰晶，是凝华现象；故D错误。 故选：C。

【点评】此题考查的是物态变化的判断。分析物态变化时，首先要分析生成物的状态，然后再分析是由什么状态的物质形成的，从而判断出是什么物态变化。 4．（2分）“以铜为镜，可以正衣冠”的光学原理是（ ） A．光的直线传播 C．光的折射

B．光的反射 D．光的色散

【分析】平面镜成像现象，平面镜成像成的是虚像，其原理是光的反射。

【解答】解：“以铜为镜，可以正衣冠”的意思：一个人用铜当镜子，可以照见衣帽是不是穿戴得端正，

铜当镜子属于平面镜成像，平面镜成像是光的反射原理。 故选：B。

【点评】本题主要考查光的反射，明确“以铜为镜，可以正衣冠”的含义是关键，是一道基础题。

5．（2分）下列关于粒子和宇宙的说法，正确的是（ ） A．摩擦起电的实质就是创造了电荷

B．宇宙是一个有层次的天体结构系统，其中恒星是绝对不动的 C．海绵容易被压缩，说明分子间有空隙

D．两个表面光滑的铅块相互挤压后粘在一起，说明分子间存在吸引力

【分析】①摩擦起电、接触起电的实质是电荷从一个物体转移到另一物体，感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一部分。不管哪种带电方式，电荷并未创生，也未消失，总量保持不变；

②运动是宇宙中的普遍现象，没有任何物体是绝对不动的； ③海绵是多孔结构的物质；

④分子之间存在着作用力，同时存在着引力和斥力。

【解答】解：A、摩擦起电的实质是电荷从一个物体转移到另一物体，所以一个物体失去电子而带正电，另一个物体得到电子而带负电。故A错误；

B、宇宙是一个有层次的天体结构系统，运动是宇宙中的普遍现象，恒星也不是绝对不动的。故B错误；

C、海绵能够被压缩，是因为海绵的多孔结构。故C错误；

D、两块表面光滑的铅块相互紧压后会粘在一起说明分子间有吸引力。故D正确。 故选：D。

【点评】此题考查了摩擦起电的实质、宏观世界级分子动理论的应用，是一道综合题，熟练掌握基础知识是解答的关键。 6．（2分）撑杆跳高是应用了撑杆的（ ） A．延展性好

B．密度大

C．弹性好

D．硬度大

【分析】物质与物质之间总是有一些区别的，一种物质与其他物质的明显不同之处称为物质的属性；如果这种区别是物理的，我们就称之为物质的物理属性；物质的物理属性包含：密度、比热容、硬度、透明度、导电性、导热性、弹性、磁性等等。

【解答】解：运动员压杆腾空时，压力改变了撑杆的形状，形变的撑竿能将运动员弹起，

物体具有的这种性质是弹性，则说明撑杆所用的材料具有弹性好的特点。 故选：C。

【点评】不同的材料具有不同的物理属性，不同的物理属性具有不同的具体应用。 7．（2分）以下属于非清洁能源的是（ ） A．太阳能

B．煤炭

C．风能

D．水能

【分析】开发太阳能、水能、风能、地热等新能源、减少使用煤、石油等化石燃料，可以减少环境污染，解答此题可从环境污染对环境或生物的影响方面切入。

【解答】解：大力开发太阳能、水能、风能、海洋能和生物质能等能源，可以减少环境污染，太阳能、水能、风能属于清洁能源；

而燃煤排放二氧化硫、二氧化碳等气体，二氧化硫形成酸雨，对生物造成了巨大的伤害。过多的二氧化碳的排放还会导致全球的温度的提升，形成“温室效应”，因此煤炭不属于清洁能源，故B正确、ACD错误。 故选：B。

【点评】熟记新能源具有可再生和无污染等特点。

8．（2分）物理学中用光线表示光的传播路径和方向，下列做法应用了同种研究方法的是（ ）

A．用磁感线来形象直观的描述磁场 B．通过水流来初步认识电流

C．探究小车动能大小的影响因素时，通过木块被撞后移动的距离来比较小车动能的大小 D．探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响时，控制接触面的粗糙程度等因素不变 【分析】模型法借助于与原型相似的物质模型或抽象反映原型本质的思想模型，间接地研究客体原形的性质和规律的研究方法。

【解答】解：光线是不存在的，所以我们研究光的传播时，引入光线，是利用的模型法： A、由于磁感线是不存在的，所以通过磁感线来形象直观描述磁场的分布，这是模型法。故A符合题意；

B、通过水流来初步认识电流，即利用的类比法。故B不符合题意；

C、探究小车动能大小的影响因素时，通过木块被撞后移动的距离来比较小车动能的大小，采用的是转换法。故C不符合题意；

D、探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响时，控制接触面的粗糙程度等因素不变，采用的是控制变量法。故D不符合题意。

故选：A。

【点评】掌握物理研究方法的一般含义和特征，是解决此类问题的基础。 9．（2分）人用力水平向左推讲台，没有推动，在这个过程中（ ）

A．人对讲台的推力小于讲台受到的摩擦力 B．讲台受到的惯性大于推力

C．讲台受到的推力与重力是一对平衡力 D．人对讲台没有做功

【分析】（1）对物体进行受力分析，根据静止的物体受到平衡力的作用进行判断。 （2）惯性是一种性质，不是一种力。

（3）判断力对物体是否做功，从做功的两个必要因素考虑，是否有力作用在物体上，物体在力的方向上是否移动了距离。

【解答】解：AC、人用力水平向左推讲台，没有推动，讲台静止在水平地面上，讲台受到重力、支持力、推力和摩擦力作用，由于讲台静止，讲台受到的重力和支持力是平衡力，推力和摩擦力是平衡力，平衡力大小相等。故AC错误。

B、惯性是一种性质，推力是一种力，性质和力不能进行比较。故B错误。

D、人给讲台一个力，但是讲台在力的作用下没有移动距离，所以人对讲台没有做功。故D正确。 故选：D。

【点评】静止的物体和匀速直线运动的物体都受到平衡力的作用，根据平衡力的四个条件能解决很多问题。

10．（2分）如图，一个小球在地面上弹跳，下列分析错误是（ ）

A．小球从A处到B处重力势能增大 B．小球从B处到C处动能增大 C．小球在B处比D处重力势能大

D．小球在A、C、E三处机械能总量相等

【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。

（2）重力势能大小跟质量、被举得高度有关。被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大。 （3）判断机械能的变化可以从机械能是否守恒判断。 【解答】解：

A、小球从A处到B处，小球的质量不变，高度增加，重力势能增大，故A说法正确。 B、小球从B处到C处，小球的质量不变，速度增大，动能增大，故B说法正确。 C、B处和D处相比，小球的质量不变，B处高度大，则B处重力势能大，故C说法正确。

D、小球在运动过程中，小球和空气之间存在摩擦，机械能转化为内能，所以在A处机械能最大，E处机械能最小，故D说法错误。 故选：D。

【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。

11．（2分）某智能家政机器人有三种识别启动方式：人脸识别（S1）、指纹识别（S2）、密码识别（S3），只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合，机器人启动（机器人用表示，下列电路设计符合要求的是（ ） A． C．

B． D．

【分析】串联电路中开关控制整个电路；并联电路中干路开关控制整个电路，支路开关只控制所在支路。由此根据只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合，机器人启动分析解答。 【解答】解：

由题知，人脸识别（S1）、指纹识别（S2）、密码识别（S3），只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合从而使电动机启动工作，所以三个开关应并联后再与电动机串联在电源上，所以ABD不符合题意，C符合题意。 故选：C。

【点评】本题考查根据要求设计电路，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。 12．（2分）如图，R1＞R2，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向左滑动，电压表V1示数变化

量的绝对值为△U1，电压表V2示数变化量的绝对值为△U2，滑动变阻器R两端电压变化量的绝对值为△U3，下列说法正确的是（ ）

A．V1示数变小，V2示数变大 B．V1示数变大，△U1＜△U2 C．V2示数不变，△U1＝△U3 D．V2示数变大，△U1＜△U3

【分析】由电路图可知，R1、R2、R串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1、R2两端的电压变化；设出滑片移动前后电路中的电流，根据欧姆定律表示出电压表V1示数变化量的绝对值和电压表V2示数变化量的绝对值，利用串联电路的电压特点表示出滑动变阻器R两端电压变化量的绝对值，然后结合R1＞R2得出△U1、△U2、△U3三者的大小关系。

【解答】解：由电路图可知，R1、R2、R串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，

由图知，将滑动变阻器的滑片向左滑动，变阻器接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，

由I＝可知，电路中的电流变大，

由U＝IR可知，R1、R2两端的电压均变大，即V1示数变大、V2示数变大，故AC错误； 设滑片移动前后电路中的电流分别为I1、I2，

则电压表V1示数变化量的绝对值和电压表V2示数变化量的绝对值分别为： △U1＝U1′﹣U1＝I2R1﹣I1R1＝（I2﹣I1）R1————————————① △U2＝U2′﹣U2＝I2R2﹣I1R2＝（I2﹣I1）R2——————————﹣②

由R1＞R2可知，（I2﹣I1）R1＞（I2﹣I1）R2，即△U1＞△U2，故B错误； 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，滑动变阻器R两端电压变化量的绝对值：

△U3＝（U﹣I1R1﹣I1R2）﹣（U﹣I2R1﹣I2R2）＝（I2﹣I1）（R1+R2）————————③

则（I2﹣I1）R1＜（I2﹣I1）（R1+R2），即△U1＜△U3，故D正确。 故选：D。

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，根据滑片的移动判断出变阻器接入电路中电阻的变化是关键。 二、填空题（本题有8小题，每空1分，共26分）

13．（3分）如图，用铁丝围成一个内径约4mm的圆环，在清水中浸一下后取出，布满圆环的水膜犹如透镜，用这个水膜透镜贴近课本上的字，看到的是正立放大的像，此像为 虚像 （实像/虚像）；透过水膜透镜看远处的楼房，楼房倒立缩小了，这种成像情况与 照相机 （照相机/幻灯机）成像原理相同；轻轻甩去一些水（保持水膜完好），透过水膜透镜看远处的楼房成正立缩小的像，此时水膜透镜相当于 凹透镜 （凸透镜/凹透镜）。

【分析】凸透镜成像规律及其应用：u＜f；正立放大的虚像，其应用是放大镜。 u＞2f；f＜v＜2f成倒立缩小的实像，其应用是照相机。 凹透镜能使光线发散，用凹透镜看远处物体能成正立缩小的像。

【解答】解：这个水膜透镜贴近课本上的字，字在这个水膜透镜的一倍焦距以内，成正立放大的虚像；

透过水膜透镜看远处的楼房，此时u＞2f，成倒立缩小的实像，其应用是照相机； 用凹透镜看远处物体能成正立缩小的像，因此透过水膜透镜看远处的楼房成正立缩小的像，说明此时水膜透镜相当于凹透镜。 故答案为：虚像；照相机；凹透镜。

【点评】凸透镜和凹透镜从结构和光学性质上各不相同，我们必须全面了解，尤其是对凸透镜是初中学习的重点。

14．（3分）用刻度尺测出实心合金块的边长为2.00cm，用天平测量合金块的质量，示数如图所示，合金块的质量为 62.4 g，算出合金使的密度ρ＝ 7.8 g/cm3．若将此合金块切去一半，则剩余部分的密度 不变 （变大/变小/不变）。

【分析】（1）此天平的分度值为0.2g，物体质量为砝码质量加游码对应的刻度值； （2）根据V＝a3算出合金的体积；用公式ρ＝计算出合金块的密度；

（3）密度是物质本身的一种属性，与物质的种类和状态有关，与体积和质量的大小无关。 【解答】解：（1）合金块的质量为m＝50g+10g+2.4g＝62.4g； （2）合金的体积：V＝a3＝（2.00cm）3＝8cm3 合金块的质量密度为ρ＝＝＝7.8g/cm3；

（3）因为密度是物质本身的一种属性，与体积和质量的大小无关，所以如果将它截去一半，剩余合金块的密度不变。 故答案为：62.4；7.8；不变。

【点评】本题考查了天平的读数、固体密度的测量方法等，掌握原理，学习中学会以不变应万变。

15．（3分）如图，在大玻璃瓶与小玻璃瓶内各装入适量的水，将小瓶瓶口向下放入大瓶，使小瓶恰好悬浮，塞紧大瓶瓶塞，用气筒向大瓶内打气，大瓶内水面上方气压增大，小瓶会 下沉 （下沉/上浮/续悬浮）；继续打气直到瓶塞跳起，瓶口出现“白雾”，此过程大瓶上方的气体对瓶塞做功， 内 能转化为 机械 能。

【分析】（1）①浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉。 ②在气体质量一定时，气体体积越小压强越大。

（2）改变物体内能的两种方法：对物体做功、热传递。对物体做功物体的内能增加，物体对外做功，物体的内能减少；物体吸收热量内能增加，物体放出热量内能减少。 【解答】解：

（1）由题意可知，小瓶相当于一个“浮沉子”，其原理为：用气筒向大瓶内打气，大瓶内水面上方气压增大，将压强传递给水，水被压入小瓶中，将小瓶中的空气压缩，这时小瓶里进入一些水，其重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉。

（2）当瓶塞跳起时，此过程大瓶上方的气体对瓶塞做功，大瓶内气体的内能减少，瓶塞的机械能增大，即内能转化为机械能。 故答案为：下沉；内；机械。

【点评】此题考查浮沉子和改变内能的方法（物体对外做功，物体的内能减少）、掌握物体浮沉的条件是解答本题的关键。

16．（4分）城市里尘土飞扬，空气中灰尘的运动 不是 （是/不是）分子运动，如图是某城市新型除尘洒水车，洒水车在水平公路上一边向前匀速直线行驶一边向高空喷水雾，在此过程中，洒水车的机械能 变小 （变大/变小/不变），以洒水车为参照物，路边的树木是 运动 （运动/静止）的，洒水车喷雾时后方常会出现彩虹，这是光的 色散 现象，最早通过实验研究这一现象的科学家是 牛顿 。

【分析】（1）扩散现象表明分子在永不停息地做无规则的运动，分子运动眼睛无法观察到；

（2）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越小，速度越小，动能越小；重力势能与高度和质量有关，动能和势能的和叫作机械能；

（3）判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间位置没有发生改变，物体是静止的，否则是运动的；

（4）彩虹是由七种颜色的光组成，它们都是从太阳光中折射出来的，属光的色散现象。 【解答】解：

（1）尘土飞扬是宏观物体在空中是一种机械运动，不是分子的无规则运动；

（2）洒水车在匀速行驶过程中，速度不变，高度不变，水不断减少（车的质量减小），动能会逐渐减小，重力势能减小，则机械能不断减小；

（3）洒水车在匀速行驶的过程中，与公路两旁的树之间不断发生位置的变化，所以，以洒水车为参照物，公路两旁的树是运动的；

（4）雨过天晴，天空出现了美丽的彩虹，这是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散； 最早通过实验研究此现象的科学家是牛顿。 故答案为：不是；变小；运动；色散；牛顿。

【点评】本题考查了分子运动与机械运动的区别、影响机械能大小的因素、物体运动状态的判断、光的色散现象，属于综合性题目。

17．（3分）如图，磁悬浮无线蓝牙音箱可由蓝牙通过 电磁波 （超声波/电磁波）实现与手机数据的光速传输。该产品底座里有一个电磁铁，可使箱体悬在空中，这是根据同名磁极相互 排斥 的原理实现的该产品处于图示状态时，若重力突然消失，则此瞬间底座对水平桌面 有 （有/没有）压力。

【分析】（1）电磁波传播速度等于光速；

（2）磁极间相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；

（3）重力突然消失的瞬间，箱体与底座扔存在相互排斥的力。故底座受到箱体给它的一个向下的排斥力，故底座还是会对桌面有一个压力。

【解答】解：（1）电磁波传播速度等于光速；手机数据光速传输，所以用的是电磁波。 （2）磁极间相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。

（3）重力突然消失的瞬间，箱体与底座扔存在相互排斥的力。故底座受到箱体给它的一个向下的排斥力，故底座还是会对桌面有一个压力。 故答案是：电磁波；排斥；有。

【点评】该题考查了电磁波的一些性质，磁极间的相互作用，以及对力这个概念的理解。 18．（4分）如图甲，定值电阻R2的阻值为40Ω．闭合开关，电流表A1、A2的指针偏转均如图乙所示，则电流表A1的读数为 1.5 A，电流表A2的读数为 0.3 A，电源电压为 48 V，R1的阻值为 160 Ω。

【分析】（1）分析电路可知：两电阻并联，电流表A1测的是干路电流，电流表A2测的是通过R1的电流；两电流表指针位置相同，由于并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，据此确定两电流表选用的量程；然后根据相应量程下的分度值和指针位置来进行读数。结合并联电路的电流特点即可求出通过两电阻的电流大小。 （2）利用欧姆定律求电源电压、电阻R1的阻值。 【解答】解：

（1）由电路图可知：两电阻并联，电流表A1测的是干路电流，电流表A2测的是通过R1的电流；

已知两个电流表指针偏转相同，由于并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和， 所以，A1选择的量程是0～3A，分度值为0.1A，则A1的示数为I总＝1.5A，即干路电流为1.5A；

电流表A2选择的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，则A2的示数为I1＝0.3A，即通过电

阻R1的电流为0.3A；

则通过电阻R2的电流为：I2＝I总﹣I1＝1.5A﹣0.3A＝1.2A。 （2）由并联电路的特点和欧姆定律可得电源电压： U＝U2＝I2R2＝1.2A×40Ω＝48V， R1的阻值： R1＝＝＝＝160Ω。

故答案为：1.5；0.3；48；160。

【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，根据电路连接方式、两个电流表指针偏转相同确定两个电流表的量程是本题的关键。

19．（2分）如图为某电磁继电器的工作原理图，开关S闭合时，电磁铁 有 （有/无）磁性， 电灯 （电灯/电铃）通电工作。

【分析】电磁铁通电后有磁性。衔铁被吸下，看看电源和哪个用电器构成通路。 【解答】解：闭合开关，电磁铁中有电流通过，电磁铁有磁性，吸引衔铁，动触点和下面的静触点接通，电灯和电源构成通路，电灯工作。 故答案为：有；电灯。

【点评】电磁铁在控制电路中，用电器在工作电路中，电磁继电器是用控制电路来控制工作电路的。

20．（3分）如图为小明用手机APP软件记录自己某一次跑步的数据截图。分析该图可知：他本次跑步时间为 15 min，通过的路程为 2.025 km，每跑一步的平均长度为 0.9 m。

【分析】由数据截图可知，知道跑步步数、步频，可求跑步时间；知道时速，利用v＝求跑步距离；跑步距离除以跑步步数可得每跑一步的平均长度。 【解答】解：

由数据截图可知，跑步步数为2250步，步频为150步/min， 跑步时间：

t＝＝15min＝0.25h， 由v＝得跑步距离：

s＝vt＝8.10km/h×0.25h＝2.025km＝2025m，

每跑一步的平均长度： L＝＝0.9m。

故答案为：15；2.025；0.9。

【点评】本题考查了速度公式的应用，认真阅图从中得出相关信息是关键。 三、解答题（本题有9小题，共50分。解答24、25题时应写出解题过程）

21．（2分）如图，货物随传送带一起水平向右做匀速直线运动，画出该货物的受力示意图。

【分析】首先分析物体受到的作用力，物体做匀速直线运动说明物体受到了平衡力——﹣重力和支持力的作用；水平方向上没有牵引力，也就没有摩擦力，若有摩擦力，物体就不会做匀速直线运动，所以水平方向上是不受力的；然后根据力的图示的方法来作图。 【解答】解：货物随传送带一起水平向右做匀速直线运动，货物与传送带间没有相对运动，也没有相对运动趋势，所以货物不受摩擦力，只受两个力作用：重力和支持力，并且这两个力是一对平衡力；

重力方向竖直向下，作用点在重心，支持力方向竖直向上，作用点也画在重心上，其受力示意图如下：

【点评】作力的示意图，就是用一个带箭头的线段把力的三要素表示出来，长短表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，作图的关键是力的方向和作用点。

22．（2分）在图中画出正确使用动滑轮提升重物的绕线方法。

【分析】动滑轮使用时，滑轮随重物一起移动，能省力，但不能改变力的方向。 【解答】解：

要求图中滑轮作为动滑轮来提升物体，滑轮要随物体一起上升，所以绳子自由端要向上拉，绳子的另一端要固定，绕线方法如图所示：

【点评】本题考查动滑轮绕线，我们要掌握好动滑轮的特点，属于一道基础题。 23．（2分）将图中带开关的三孔插座正确接入家庭电路。

【分析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。两孔插座的接法：

左孔接零线；右孔接火线。

【解答】解：根据安全用电原则，开关应接在火线上，三孔插座的右孔通过开关与火线相连，上孔接地线，左孔接零线，如图所示：

【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

24．（6分）如图，使用杠杆提升重物，拉力F竖直向下，重物匀速缓慢上升，相关数据如表： 物重 G/N 200 求：

（1）拉力所做的功。 （2）拉力做功的功率。

（3）此过程中，该杠杆的机械效率。

【分析】（1）从表格中读出拉力和拉力移动的距离，利用W＝Fs可求得拉力所做的功； （2）利用P＝可求得拉力做功的功率；

（3）根据W＝Gh可求得有用功，利用η＝可求得机械效率。 【解答】解：（1）拉力所做的功W总＝Fs＝500N×0.2m＝100J， （2）拉力做功的功率P＝＝＝200W；

（3）此过程中，有用功W有＝Gh＝200N×0.4m＝80J， 该杠杆的机械效率η＝×100%＝×100%＝80%。 答：（1）拉力所做的功为100J。 （2）拉力做功的功率为200W。

（3）此过程中，该杠杆的机械效率为80%。

【点评】此题涉及到功、功率、机械效率的计算，能从题目提供的表中得相关信息是本题的关键。

25．（6分）如图为某型号电动机的铭牌，求：

拉力 F/N 500

时间 t/s 0.5

A端上升的竖 直距离h/m

0.4

B端下降的竖 直距离s/m

0.2

**牌电动机 型号 额定电压 额定功率 线圈电阻 制造商：****

（1）此电动机的额定电流。

（2）此电动机正常工作10min所消耗的电能和由此转化为的机械能。 【分析】（1）根据I额＝求电动机的额定电流；

（2）已知电动机的额定功率和工作时间，根据公式W＝Pt可求电动机10min内消耗的电能；已知线圈的电阻和通过的电流以及通电时间，根据公式Q＝I2Rt可求这台电动机10min内产生的热量；10min内消耗的总电能减去产生的热量可得转化的机械能。 【解答】解：（1）由P＝UI可得，电动机的额定电流： I额＝＝＝0.2A；

（2）此电动机正常工作10min所消耗的电能： W电＝P额t＝44W×600s＝2.64×104J， 这台电动机10min内产生的热量：

Q＝I2Rt＝（0.2A）2×100Ω×600s＝2400J； 转化的机械能：

W机＝W电﹣Q＝2.64×104J﹣2400J＝2.4×104J； 答：（1）此电动机的额定电流是0.2A。

（2）此电动机正常工作10min所消耗的电能是2.64×104J；由此转化为的机械能为2.4×104J。

【点评】本题考查电功率、产生热量等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道只有在纯电阻电路中电能才完全转化成内能。

26．（6分）在“初识光的折射现象”和“探究光的折射特点”实验中：

（1）如图甲，小明将一束激光射至P点，形成一个光斑，向水槽内慢慢注水，水槽底部光斑的位置将 向左移动 （向左移动/向右移动/不动），这说明光从空气斜射入水中时，传播方向 会 （会/不会）发生偏折。实验中光在空气中的传播路径并不清晰，为解决

JT﹣44 220V 44W 100Ω

此问题，他在水面上方喷了一些 烟雾 。

（2）如图乙，小明继续探究“光从空气射入水中时的折射特点”，他使用可折转的光屏，是为了研究折射光线、入射光线和法线是否 在同一平面内 。如图丙，他将光沿着AO方向射向水面上的O点，光在水中沿着OB方向射出，调整激光笔使入射光逐步偏向法线，折射光也逐步偏向法线，说明光从空气斜射入水中时，入射角减小，折射角随之 减小 （增大/减小/不变）。当光沿着NO方向射入时会沿ON′方向射出，此时折射角为 0 度。

【分析】（1）光的折射：光从空气斜射入水或其它透明介质时，折射角小于入射角； 光在洁净的介质中传播光路是不容易呈现的，可以在空气中喷烟雾或水雾等，把水加入少量的牛奶等。（2）在光的折射中使用可转动的光屏是为了探究折射光线、法线和入射光线是否在同一平面内。

光从空气斜射入水或其它透明介质时，折射角小于入射角，入射角减小，折射角减小，入射角增大，折射角增大。

当光线垂直入射时光线不改变方向，此时入射角和折射角都等于零。 【解答】解：

（1）①光从空气斜射入水或其它透明介质时，折射角小于入射角；小明将一束激光射至P点，形成一个光斑，向水槽内慢慢注水，光线在水面处发生折射，水槽底部光斑的位置将向左移动，说明光从空气斜射入水中时，传播方向会发生改变。

②实验中光在空气中的传播路径并不清晰，为解决此问题，他可以在水面上方喷一些烟雾。

（2）①小明继续探究“光从空气射入水中时的折射特点”，他使用可折转的光屏，是为了研究折射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。

②入射光线和法线的夹角是入射角，折射光线和法线夹角是折射角，入射光线靠拢法线，说明入射角减小，折射光线靠拢法线，说明折射角也减小。

③当光沿着NO方向射入时会沿ON′方向射出，此时光线垂直入射不改变传播方向，则此时入射角和折射角都等于0度。

故答案为：（1）向左移动；会；烟雾；（2）在同一平面内；减小；0。

【点评】这是对光的折射实验的一个考查，如何进行实验，当实验中出现问题时，如何解决问题，是以后出题的方向。

27．（6分）小明用2mL的注射器、量程为0～10N的弹簧测力计和刻度尺粗略测量大气压的值，本实验的原理是二力平衡和p＝ 。

步骤一：把注射器的活塞推至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔。 步骤二：如图所示安装好器材，水平向右缓慢拉动注射器筒，当注射器中的活塞 刚被拉动 时，记下弹簧测力计的示数为5.2N。

步骤三：用刻度尺测出注射器 有刻度部分的 长度为4.00cm 步骤四：算出大气压强值为 1.04×105 Pa。

同组的小华分析了影响实验结果的可能因素后，对实验进行了如下改进：

①将步骤一改为：先将注射器内抽满水，再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔，这样便于 排空注射器内的空气 。

②取下橡皮帽，重复步骤二的操作，读得弹簧测力计的示数为0.3N由此可知，此时活塞所受到的 摩擦力 （摩擦力/大气压力）为0.3N。 小华根据改进后测得的数据，重新计算大气压的值。

【分析】（1）根据二力平衡的条件和p＝测量大气压；

（2）当活塞刚刚拉动时，弹簧测力计的拉力与大气对活塞的压力是一对平衡力； （3）用刻度尺测出注射器有刻度部分的长度；

（4）根据公式p＝＝＝将测得的压力和面积代入公式即可算出压强的大小；

①先将注射器内抽满水，然后将活塞推至注射器底端，这样可排尽注射器小孔中残余气体，减小实验过程中的测量的误差；

②如果活塞与注射器内壁间存在摩擦力，注射器在拉力F作用下平衡时，拉力F大于大气对活塞的压力，从而影响测量结果。 【解答】解：本实验的原理是二力平衡和p＝；

由于注射器活塞颈部，用绳与弹簧测力计的挂钩相连，应水平向右慢慢拉动注射器筒，这样相当于水平向右拉动弹簧测力计的挂钩；当注射器中的活塞开始运动时，说明此时拉力等于大气对活塞的压力。故记下的弹簧测力计示数，就是大气对活塞的压力F＝5.2N； 注射器全部刻度的长度为L＝4.00cm，有刻度部分的容积为V＝2ml，注射器活塞的横截面积为S＝，

此时大气压的数值p＝＝＝＝1.04×105Pa；

①橡皮帽封住的注射器小孔中有残余气体，产生的力会和外部大气压力抵消一部分，这样使得弹簧测力计受到的拉力减小，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小；先让注射器吸入少量水，然后将活塞推至注射器底端，使水充满在注射器小孔中，这样可排尽注射器小孔中残余气体，减小实验过程中的测量的误差；

②如果活塞与注射器内壁间存在摩擦力，注射器在拉力F作用下平衡时，拉力F大于大气对活塞的压力，从而使测量值偏大。所以小华取下橡皮帽，重复步骤二的操作，读得弹簧测力计的示数为0.3N，此时活塞所受到的摩擦力为0.3N。

故答案为：；刚被拉动；有刻度部分的；1.04×105Pa；①排空注射器内的空气；②摩擦力。

【点评】本题属于实验探究题，实验探究题一般对学生的要求都较高，不仅要求学生熟练掌握课本上所学的相关知识，还要求学生具有一定的发散思维 28．（5分）小华在“探究电流与电阻关系”的实验中：

（1）按要求将实物图连接完整（要求：滑片P向右滑时变阻器接入电路的电阻变大）。 （2）在连接电路的过程中，开关必须处于 断开 （闭合/断开）状态，滑动变阻器的滑片P应放在最 右 （左/右）端。

（3）小华用三只阻值分别为15Ω、10Ω和5Ω的电阻探究“电流与电阻关系”的过程中，将15Ω电阻换成10Ω时，应将滑片向 左 （左/右）移动，其目的是 控制电阻的电压不变 。

【分析】（1）根据滑片P向右滑时变阻器接入电路的电阻变大确定变阻器左下接线柱连入电路中；

（2）在连接电路的过程中，为保护电路，开关必须处于断开状态，滑动变阻器的滑片P应放在阻值最大处；

（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上小电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。

【解答】解：（1）要求滑片P向右滑时变阻器接入电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：

（2）在连接电路的过程中，开关必须处于断开状态，滑动变阻器的滑片P应放在阻值最大处，即最右端。

（3）根据串联分压原理可知，将定值电阻由15Ω改接成10Ω的电阻，电阻减小，其分得的电压减小；

探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应减小滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，控制电阻的电压不变。

故答案为：（1）如上；（2）断开；右；（3）左；控制电阻的电压不变。

【点评】本题研究探究电流与电阻关系实验，考查电路连接、注意事项、操作过程等知识。

29．（4分）小明用如图所示的装置来探究感应电流产生的条件（图中灵敏电流计G的指针偏转方向相反即表示通过的电流方向相反）。

（1）导体ab静止悬挂，闭合开关，灵敏电流计的指针不偏转，说明电路中 无 （有/无）电流产生。

（2）继续探究，记录观察到的现象如表： 序号 1

ab运动方向 沿磁场方向运动 （不切割磁感线）

2

水平向左 （切割磁感线）

3

水平向右 （切割磁感线）

①比较1、2（或1、3）实验现象可知，闭合电路的一部分导体在磁场中做 切割磁感线 运动时电路中就会产生感应电流。

②少比较2、3实验现象还发现，产生的感应电流的方向跟 导体运动方向 有关。 ③若在整理器材时未断开开关，先水平向左撤去蹄形磁铁（导体ab不动），则灵敏电流计的指针 会 （会/不会）偏转。

【分析】（1）根据产生感应电流的条件分析；

（2）根据表中的信息分析，根据控制变量法得出实验结论；

（3）产生感应电流的条件，以及感应电流的方向和导体运动方向、磁场方向有关。 【解答】解：

（1）当导体ab静止悬挂起来后，闭合开关，此时导体没有做切割磁感线运动，灵敏电流计G指针不偏转，说明电路中无电流产生；

（2）①比较1、2（或1、3）实验现象可知，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时电路中就会产生感应电流。

向左偏转 向右偏转 电流计指针偏转情况

不偏转

②比较第2、3次实验现象发现，磁场方向相同，导体运动的方向不同，电流计指针的偏转方向不同，说明产生电流的方向不同，即产生的电流的方向跟导体运动方向有关； ③在整理器材时未断开开关，先水平向左撤去蹄形磁铁（导体ab不动），ab仍切割磁感线，会产生感应电流，则灵敏电流计的指针会偏转。

故答案为：（1）无；（2）①切割磁感线；②导体的运动方向；③会。

【点评】产生感应电流必备的三个条件：闭合电路，一部分导体，切割磁感线运动，三个条件缺一不可。

30．（6分）如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，小华用两个相同的容器（图中用虚线框表示）分别装入质量相等的A、B两种液体，用相同的装置加热：

（1）以从实验效果考虑，本实验选择 易拉罐 （烧杯/易拉罐）作为盛放液体的容器较好，实验中使用玻璃棒的目的是 使液体受热均匀 。

（2）两种液体吸收热量的多少可通过 加热时间 （液体升高的温度/加热时间）比较。 （3）根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，分析图象可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时， A （A/B）吸收的热量较多；质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时， B （A/B）升温较高。

（4）冬天，小华想自制一个暖手袋，若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择 A （A/B）

【分析】（1）从金属导热性能好分析；实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀； （2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法； （3）根据图乙分析回答；

（4）根据比较物质吸热能力的方法（使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强）确定哪种物质的吸热能力强，根

据Q＝cm△t分析。

【解答】解：（1）因金属导热性能好，故以从实验效果考虑，本实验选择易拉罐作为盛放液体的容器较好，实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀。 （2）根据转换法，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较。

（3）根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A加热时间长，故A吸收的热量较多；

质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，即加热时间相同，B升温较高； （4）因质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A吸热多，A的吸热能力，比热容大，根据Q＝cm△t，质量相同的AB液体降低相同的温度，A放热多效果好；故从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择A。

故答案为：（1）易拉罐；使液体受热均匀；（2）加热时间；（3）A、B；（4）A。 【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查器材的选择、注意事项、控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。

31．（6分）在“测量小灯泡的功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。

（1）按照图甲正确连好电路，闭合开关，小灯泡不亮，两表指针均有转，造成该现象的原因不可能的是 A 。 A．小灯泡断路 B．小灯泡两端电压太小 C．滑动变阻器阻值太大 D．电源电压太小

（2）移动滑片，当电压表的示数为 2.5 V时，小灯泡正常工作。读出此时电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为 0.75 W。

（3）据实验测得的数据画出小灯泡I﹣U关系图象如图乙（坐标轴上的数值已被擦除），分析图象可知，当小灯泡两端电压减小时，小灯泡的电阻 减小 （增大/减小/不变）。 （4）当小灯泡两端电压为2V时，其实际功率在以下哪个范围内： B A．P实≤0.48W B.0.48W＜P实＜0.6W C.0.6W≤P实＜0.75W D．P实≥0.75W

【分析】（1）逐一分析每处选项，找出符合题意的答案；

（2）灯在额定电压下正常发光，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率；

（3）据实验测得的数据画出小灯泡I﹣U关系图象如图乙，因当电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常工作。读出此时电流表的示数为0.3A，灯的电压不能超过为的额定电压的五分之一，可确定横坐标每大格为0.5V，得出对应的电流，由欧姆定律得出在不同电压下灯的电阻分析；

（4）由图知，当小灯泡两端电压为2V时，电流在0.24A＜I实＜0.3A，根据P＝UI，确定功率范围。

【解答】解：A．小灯泡断路，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，不符合题意； BD．小灯泡两端电压太小或电源电压太小，灯不发光，但两表均有示数，符合题意 C．滑动变阻器阻值太大，电路中的电流过小，灯不发光，但两表均有示数，符合题意， 故选A；

（2）移动滑片，当电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常工作。读出此时电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为： P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；

（3）据实验测得的数据画出小灯泡I﹣U关系图象如图乙，因当电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常工作。读出此时电流表的示数为0.3A，灯的电压不能超过为的额定电压的五分之一，即灯的实际电压不能超过3V，结合图知，横坐标每大格为0.5V，如下所示：

由欧姆定律灯的电阻为：RL＝＝≈8.3Ω，由图知，当电压为1V时，电流为0.2A，由欧姆定律，电阻为5Ω，故当小灯泡两端电压减小时，小灯泡的电阻减小；

（4）由图知，当小灯泡两端电压为2V时，电流在0.24A＜I实＜0.3A，根据P＝UI，其功率范围为0.48W＜P实＜0.6W．选B。

故答案为：（1）A；（2）2.5；0.75；（3）减小；（4）B。

【点评】本题测量小灯泡的功率，考查电路分析、功率和电阻计算，关键是从图中获取有效的信息。

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