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2018-2019学年广西南宁市第三中学高一下学期期中考试 数学 解析版

2023-04-23 来源:步旅网
2018-2019学年广西南宁市第三中学高一下学期期中考试

数学 2019.5

一、选择题(每小题5分,共60分)

5

1.若sin α=-,且α为第四象限角,则tan α的值等于( )

13

12A.

5

12B.-

5

5C. 12

5D.-

12

2.已知a=(1,-2),b=(x,2),且a∥b,则|b|=( )

A. 5

B. 25

C.10

D.5

246

3.数列0,,,,…的一个通项公式为( )

357

A.an=

n-1

n+2n-1

B.an= 2n+12(n-1)

C.an=

2n-12nD.an= 2n+1

4.在等差数列{an}中,若a2=4,a4=2,则a6等于( )

A.-1

B.0

C.1

D.6

5.在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c.若a=13,b=3,A=60°,则边c=( )

A.1

B.2

C.4

D.6

6.已知向量=(k,12),=(4,5),=(-k,10),且A,B,C三点共线,则k的值是( )

2A.-

3

4B. 3

1C. 2

1D. 3

7.在数列{an}中,已知a1=1,an+1=2an+1,则其通项公式an=( )

A.2-1

nB.2+1

n-1

C.2n-1 D.2(n-1)

8.函数f(x)=cos 2x+6cos

A.4

π-x的最大值为( )

2

C.6

n2

2

B.5

*

D.7

2

2

9.数列{an}中,已知对任意n∈N,a1+a2+a3+…+an=3-1,则a1+a2+a3+…+an等于( )

A.(3-1)

n2

1nB. (3-1)

4

C.9-1

n1nD. (9-1)

2

10.已知||=1,||=3,·=0,点C在∠AOB内,且与的夹角为30°,设=m+n(m,n∈

R),则的值为( )

A.2

5

B. 2

C.3

D.4

mnπ11.已知函数f(x)=sin(ωx+φ)ω>0,|φ|<的最小正周期为4π,且对于任意x∈R,2

π有f(x)≤f 成立,则f(x)图象的一个对称中心坐标是( )

3

2πA.-,0 3π B.-,0

3

C.

2π,0

3

D.

5π,0

3

1*

12.已知数列{an}的通项公式为an=(n∈N),其前n项和为Sn,则在

(n+1)n+nn+1

数列S1,S2,…,S2 019中,有理数项的项数为( )

二、填空题(每小题5分,共20分)

13.设各项都是正数的等比数列{an},Sn为前n项和,且S10=10,S30=70,那么S40=________ 14.在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,若角A,B,C依次成等差数列,且

A.42

B.43

C.44

D.45

a=1,b=3,则S△ABC=________.

15.已知向量=(3,-4),=(6,-3),=(5-m,-3-m),若∠ABC为锐角,则实数m的

取值范围是________.

16.等差数列{an}的前n项和为Sn,且a2=6,a3+a6=27,设Tn=n-1,若对于一切正整

3·2

数n,总有Tn≤t成立,则实数t的取值范围是________.

三、解答题(共70分) 17.(本小题满分10分)

已知函数f(x)=(sin x+cos x)+cos 2x. (1)求f(x)的最小正周期;

2

Snπ(2)求f(x)在区间0,上的最大值和最小值.

2

18.(本小题满分12分)

(1)已知{an}是等差数列,Sn是其前n项和,若a1+a2=-3,S5=10,求a9. (2)已知x,y,z∈R,若-1,x,y,z,-3成等比数列,求xyz的值.

2

19.(本小题满分12分)

(1)已知非零向量a,b满足|b|=4|a|,且a⊥(2a+b),求a与b的夹角θ. (2)设四边形ABCD为平行四边形,||=6,||=4,若点M,N满足=3, =2,求·的值.

20.(本小题满分12分)

在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,且(2a-b)cos C-ccos B=0. (1)求角C的值;

(2)若三边a,b,c满足a+b=13,c=7,求△ABC的面积.

21.(本小题满分12分)

设Sn为等差数列{an}的前n项和,已知S3=a7,a8-2a3=3. (1)求an;

1

(2)设bn=,求数列{bn}的前n项和为Tn.

Sn

22.(本小题满分12分)

若数列{an}的前n项和Sn=2an-2. (1)求数列{an}的通项公式;

(2)若bn=an·log1an,Sn=b1+b2+…+bn,对任意正整数n,Sn+(n+m)an+1<0恒成立,

2试求实数m 的取值范围.

高一段考数学试题参考答案

55

1.D ∵sin α=-,且α为第四象限角,∴tan α=-.

1312

2.A ∵a∥b,∴ x=-1,∴b=(-1,2),∴|b|=(-1)+2=5. 3.C 分子0,2,4,6都是偶数. 4.B a6=2a4-a2=2×2-4=0.

5.C a=c+b-2cbcos A⇒13=c+9-2c×3×cos 60°,即c-3c-4=0,

解得c=4或c=-1(舍).

6.A =-=(4-k,-7),=-=(-2k,-2),因为A,B,C三点共线,

2

所以,共线,所以-2×(4-k)=-7×(-2k),解得k=-.

3

7.A 由题意知an+1+1=2(an+1),∴数列{an+1}是以2为首项,2为公比的等比数列,

∴an+1=2,∴an=2-1.

311π2

8.B 由f(x)=cos 2x+6cos-x=1-2sinx+6sin x=-2sin x-+,

222

所以当sin x=1时函数的最大值为5.

9.D ∵a1+a2+…+an=3-1,n∈N,n≥2时,a1+a2+…+an-1=3

∴当n≥2时,an=3-3∴an=2·3

2

1

22

2

2

2

2

2

2

2

nn2

n*n-1

-1,

nn-1

=2·3

n-1

,又n=1时,a1=2适合上式,

n-1

,故数列{an}是首项为4,公比为9的等比数列.

n2

2

4(1-9)1n因此a+a+…+an==(9-1).

1-92

10.C ∵·=0,∴⊥,以OA为x轴,OB为y轴建立直角坐标系,

=(1,0),=(0,3),=m+n=(m,3n). ∵ tan 30°=3n3m

=,∴ m=3n,即=3. m3n

1π11.A 由f(x)=sin(ωx+φ)的最小正周期为4π,得ω=.因为f(x)≤f 恒成

23

立,

1πππππ所以f(x)max=f ,即×+φ=+2kπ(k∈Z),由|φ|<,得φ=,

2322331π2π1π故f(x)=sinx+.令x+=kπ(k∈Z),得x=2kπ-(k∈Z), 323322π故f(x)图象的对称中心为2kπ-,0(k∈Z),

3

2π当k=0时,f(x)图象的对称中心为-,0. 3

1

12.B an= (n+1)n+nn+1

(n+1)n-nn+1

= [(n+1)n+nn+1][(n+1)n-nn+1]=

nn+1-. nn+1

22n+1334n+1n+-+-+…+-=1-, 22n+1334n+1n2

所以Sn=1-

因此S3,S8,S15…为有理项,又下标3,8,15,…的通项公式为bn=n-1(n≥2), 所以n-1≤2 019,且n≥2,所以2≤n≤44,所以有理项的项数为43.

13.150 数列S10,S20-S10,S30-S20,S40-S30成等比数列,

因此有(S20-S10)=S10(S30-S20).即(S20-10)=10(70-S20),

故S20=-20或S20=30,又S20>0,因此S20=30,S20-S10=20,S30-S20=40, 故S40-S30=80.S40=150.

14. 31

因为角A,B,C依次成等差数列,所以B=60°.由正弦定理,得=2sin A2

2

2

3

sin 60°

1

解得sin A=,因为0°<A<180°,所以A=30°或150°(舍去),此时C=90°,

213

所以S△ABC=ab=.

22

31115. -,∪,+∞

422

由已知得=-=(3,1),=-=(2-m,1-m).若∥, 1

则有3(1-m)=2-m,解得m=.

2

由题设知,=(-3,-1),=(-1-m,-m). 3

∵∠ABC为锐角,∴·=3+3m+m>0,可得m>-.

41

由题意知,当m=时,∥,且与同向.

2

311故当∠ABC为锐角时,实数m的取值范围是-,∪,+∞. 422

316. ,+∞ 2

a1+d=6,a1=3,

设公差为d,由题意得:解得∴an=3n.

2a1+7d=27,d=3,

3n(n+1)

则Sn=3(1+2+3+…+n)=n(n+1),∴Tn=,Tn+1=n22

(n+1)(n+2)

, n+1

2

(n+1)(n+2)n(n+1)(n+1)(2-n)

∴Tn+1-Tn=-=, n+1nn+1

2223

∴当n≥3时,Tn>Tn+1,且T1=12

33∴Tn的最大值是,故实数t的取值范围是,+∞. 22

17.(1)因为f(x)=sin x+cos x+2sin xcos x+cos 2x

π=1+sin 2x+cos 2x=2sin2x++1,

4

所以函数f(x)的最小正周期为T==π.

2π(2)由(1)的计算结果知,f(x)=2sin2x++1. 4ππ5ππ当x∈0,时,2x+∈,,

2444

2

2

π5π由正弦函数y=sin x在,上的图象知,

44

πππ

当2x+=,即x=时,f(x)取最大值2+1;

428π5ππ

当2x+=,即x=时,f(x)取最小值0.

442

π综上,f(x)在0,上的最大值为2+1,最小值为0.

2

18.(1)设数列{an}的公差为d,

a1+(a1+d)=-3,

由题设得 5×4

5ad=10,1+2

a1=-4,

解得

d=3,

2

因此a9=a1+8d=20.

(2)∵-1,x,y,z,-3成等比数列,

∴y=xz=(-1)×(-3)=3,且x=-y>0,即y<0, ∴y=-3,xz=3,

2

2

∴xyz=-33.

19.(1)因为a⊥(2a+b),所以a·(2a+b)=0,得到a·b=-2|a|,

2

a·b-2|a|212π

则cos θ==. 2=-,又0≤θ≤π,所以θ=

|a||b|4|a|23

(2)∵=3, 33

∴=+=+=+,

4411

=-=-+,

43

11

∴·=(4+3)·(4-3)

412

112222

=(16-9)=(16×6-9×4)=9 484820.(1)根据正弦定理,(2a-b)cos C-ccos B=0

可化为(2sin A-sin B)cos C-sin Ccos B=0.

整理得2sin Acos C=sin Bcos C+sin Ccos B=sin(B+C)=sin A. 1∵0

又∵03

1

(2)由(1)知cos C=,又a+b=13,c=7,

2

∴由余弦定理得c=a+b-2abcos C=(a+b)-3ab=169-3ab=49, 解得ab=40.

11π

∴S△ABC=absin C=×40×sin=103.

22321.(1)设数列{an}的公差为d,

3a1+3d=a1+6d,

由题意得 (a+7d)-2(a+2d)=3,11

2

2

2

2

解得a1=3,d=2, ∴an=a1+(n-1)d=2n+1. (2)由(1)得Sn=na1+∴bn=

n(n-1)

d=n(n+2),

2

1111

=-.

n(n+2)2nn+2

∴Tn=b1+b2+…+bn-1+bn

11111-1+1-1 =1-+-+…+3242n-1n+1nn+21111

-=1+- 2n+1n+221311

+=-.

42n+1n+2

22.(1)由Sn=2an-2,得当n≥2时,Sn-1=2an-1-2,

两式相减,得an=2an-2an-1, ∴当n≥2时,an=2an-1,即

an=2. an-1

又n=1时,S1=a1=2a1-2,a1=2, 则{an}是首项为2,公比为2的等比数列, ∴an=2.

(2)bn=2·log12=-n·2,

2nnnn∴-Sn=1×2+2×2+3×2+…+n·2,①

∴-2Sn=1×2+2×2+…+(n-1) ·2+n·2,② ①-②,得Sn=2+2+2+…+2-n·2

n2

3

2

3

23nnn+1

nn+1

2(1-2)n+1n+1n+1=-n·2=2-n·2-2.

1-2

由Sn+(n+m)an+1<0,

得2-n×2-2+n×2+m×2<0对任意正整数n恒成立, 1n+1n+1

∴m·2<2-2,即m21

∵n-1>-1, 2

∴m≤-1,即m的取值范围是(-∞,-1].

n+1

n+1

n+1

n+1

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