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大一上学期(第一学期)高数期末考试题

2023-01-13 来源:步旅网
高等数学I

x,x1. 当xx0时,都是无穷小,则当xx0时( D )不一定是

无穷小. (A) (C)

xx

ln1(x)(x)

1xa22x x(B)

2(x)(D) (x)

sinxlimxasina2. 极限

的值是( C ). (B) e

(C) ecota(A) 1

(D) etana

sinxe2ax1x0f(x)xax0在x0处连续,则a =( D ). 3.

(C) e (D) 1

f(ah)f(a2h)limf(x)h0xah4. 设在点处可导,那么( A ). (A) 3f(a) (B) 2f(a)

1f(a)f(a)(C) (D) 3

二、填空题(本大题有4小题,每小题4分,共16分)

ln(xa)lna1lim(a0)x5. 极限x0的值是 a. (A) 1

(B) 0

exyylnxcos2x确定函数y(x),则导函数y y2sin2xyexyx . xyxelnx7. 直线l过点M(1,2,3)且与两平面x2yz0,2x3y5z6都平行,则直

x1y2z311 . 线l的方程为 16. 由

8. 求函数y2xln(4x)的单调递增区间为 (-,0)和(1,+ ) .

三、解答题(本大题有4小题,每小题8分,共32分)

2(1x)ex9. 计算极限x0.

lim1x(1x)eeelimx0x解:x0lim1x1ln(1x)1x1xelimxln(1x)xex0x22

10. 设f(x)在[a,b]上连续,且

xxF(x)(xt)f(t)dtax[a,b],试求出F(x)。

解:

F(x)xf(t)dttf(t)dtaax

xF(x)f(t)dtxf(x)xf(x)f(t)dtaa11. 求

xcosxdx.sin3x

F(x)f(x)

cosx1dxxdsin2x3sinx21111xsin2xsin2xdxxsin2xcotxC2222

四、解答题(本大题有4小题,每小题8分,共32分)

x22dxxx2112. 求

3.

令 1tx

1232原式1tdt11(2)dtt11t2

arcsint32121t2 6

2xy1x2 的极值与拐点. 13. 求函数

2132解:函数的定义域(-,+)

2(1x)(1x)4x(3x2)yy(1x2)2 (1x2)3

令y0得 x 1 = 1, x 2 = -1

y(1)0 x 1 = 1是极大值点,y(1)0x 2 = -1是极小值点

极大值y(1)1,极小值y(1)1 令y0得 x 3 = 0, x 4 = 3, x 5 = -3 x (-,-3) - (-3,0) + (0, 3) - (3,+) + y 33故拐点(-3,-2),(0,0)(3,2)

x3y2y3xx414. 求由曲线与所围成的平面图形的面积.

x3解:3xx2, x312x4x20,4

x(x6)(x2)0,  x16, x20,  x32.

2x3x322S(3xx)dx(3xx)dx6404 x432x3032x3x42(x)6(x)016232316

114524733

215. 设抛物线y4x上有两点A(1,3),B(3,5),在弧A B上,求一点P(x,y)使ABP的面积最大.

0AB连线方程:y2x10  AB45点P到AB的距离ABP的面积2xy152x22x3 (1x3)5

1x2x3452(x22x3)25

   S(x)4x4 当x1  S(x)0    S(x)40   S(x)当x1时S(x)取得极大值也是最大值 此时y3  所求点为(1,3)

另解:由于ABC的底AB一定,故只要高最大而过C点的抛物线2的切线与AB平行时,高可达到最大值,问题转为求C(x0,4x0),使f(x0)2x053312, 解得x01,所求C点为(1,3)六、证明题(本大题4分)

2xex016. 设,试证(1x)1x.

2xf(x)e(1x)(1x),x0 证明:设

f(x)e2x(12x)1,f(x)4xe2x,x0,

f(x)0,因此f(x)在(0,

+)内递减。在(0,+)内,f(x)f(0)0,f(x)在(0,+)内递减,在(0,+)

2x2xe(1x)(1x)0e(1x)1x 试证f(x)f(0),内,即亦即当 x>0时,

e2x(1x)1x.

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